Question

我有以下PHP代码：

try{ 
    $article_ID =$_GET["articleID"];  
    if(!$article_ID) {
        throw new Exception("Invalid query: ". mysql_error());
    }
    else {
        $select_query = mysql_query("SELECT articleContent, articleTitle From articles WHERE articleID=$article_ID AND typeID=$type_ID");
    }
}
catch(Exception $e) { 
    //echo $e->getMessage();
    $select_query = mysql_query("SELECT articleContent, articleTitle From articles       WHERE typeID=$type_ID");
}
$row = mysql_fetch_assoc($select_query); 
echo '<h1>'.$row['articleTitle'].'</h1>';
echo  $row['articleContent'];

if语句中的条件（if(!$article_ID)）应该尝试获取get方法中的值，如果它不能，那么它将抛出异常并传递给catch部分，它工作正常，但我看到我的网页中的错误消息，只要它来抓（Notice: Undefined index: articleID on line 6）为什么？以及如何隐藏此消息？

Answer 1

通知不会抛出异常。通知在第一行，因为$ _GET数组变量中没有“ArticleID”键。

我认为你可以做这样的事情

$articleID = isset($_GET["articleID"]) ? $_GET["articleID"] : '';

尝试和捕获错误/ PHP

1 个答案: