如何使用title生成JSON格式

Question

// Check connection
if (mysqli_connect_errno($con))
  {
  echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
  }


 $result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM recipe");


$encode = array();

while($allRow = mysqli_fetch_array($result))
   {
        $new = array(
                    'id' => $allRow['id']);


        $encode[] = $new;

    }
echo  json_encode($encode);

mysqli_close($con);
?>

我的Json格式不好..

[{"id":"1"},{"id":"2"},{"id":"3"},{"id":"4"},{"id":"5"},{"id":"6"},{"id":"7"}]

我需要这样的事情 enter link description here

Answer 1

对于您的每个食谱，您可以添加要显示的属性。

    $new = array(
                'id' => $allRow['id'],
                'title'=>$allRow['title'],
                'ingredients'=>$allRows['ingredients']);
    $encode[] = $new;

等。

然后，在调用json_encode时，您将在编码对象周围创建一个包装器

 $json = json_encode(array("recipes"=>$encode));