Question

我正在开展一个学校项目，我们需要建立一个可以显示数据库图像的网站。我正在尝试使用以下PHP代码执行此操作：

    <?php
        $table_name = "image";//var with database table name
        $get = "SELECT * FROM $table_name";
        $everything = mysql_query($get);

        while($pic = mysql_fetch_array($everything)){
            echo "<img scr='../img/".$pic['imgname']."' height='300px'>";
            echo " - ";
            echo "<a href='single_post.php?id".$pic['id']."'>";//link with img id to single_post 
            echo $pic['name'];//shows name from img for link
            echo"</a>";//close link
            echo"<p>";
            echo"<p><a href='admin.php'>toevoegen</a></p>";//link for new upload
        }
    ?>

当我运行它时，它不会显示任何图像。我认为故障是在第一个回声的某个地方，但我确定图像的链接是正确的，所以我不知道我做错了什么。

一些额外的信息：

数据库连接正常。（图像中的名称确实显示在网页上）
图像scr至少是$ pic var。（我用以下方法测试：<img src="../img/tumblr_mf6x6xI6pF1qzjw8go1_400.jpg" alt="img" height="300" width="300">）

提前致谢

Answer 1

我认为错误是因为你没有关闭你的img标签.. !!

试试吧

 echo "<img scr='../img/".$pic['imgname']."' height='300px'/>";

Answer 2

Try this code
<?php
        $table_name = "image";
        $get = "SELECT * FROM $table_name";
        $everything = mysql_query($get);

        while($pic = mysql_fetch_array($everything)){?>

            <img scr="../img/<?php echo $pic['imgname']; ?>" height='300px'>

            - 

            <a href="single_post.php?id=<?php echo $pic['id'] ?>" ><?php echo $pic['name']; ?></a>

            <p><a href='admin.php'>toevoegen</a></p>     <?php   }
    ?>

Answer 3

将代码中的../img/替换为http://localhost/uploads/img/，然后尝试。

Answer 4

在photoshop中检查我们的图像色彩模式，可能是在“CMYK”中。它应该处于“RGB”模式。要转换颜色模式，请点击以下链接：http://www.dummies.com/how-to/content/how-to-convert-from-rgb-to-cmyk-color-mode-in-phot.html

用while循环获取图像

4 个答案: