Question

我和CodeIgniter一起使用Propel。我创建了一个使用其构造函数加载Propel的MY_Model类（扩展CI_Model）。

如果你很好奇：

class MY_Model extends CI_Model{
    public function __construct(){
        parent::__construct();

        require_once '/propel/runtime/lib/Propel.php';
        Propel::init('/build/conf/project-conf.php');
        set_include_path('/build/classes'.PATH_SEPARATOR.get_include_path());
    }
}

所以，现在当我创建一个新的CodeIgniter模型时，它会为我加载Propel。事实上，我在一些Propel生成的模型中添加了名称空间。我想我可以在模型的构造函数中添加use Reports;行，但是没有。

class Reports_model extends MY_Model{
    function __construct(){
        parent::__construct();
        use Reports;
    }
}

这给了我

语法错误，意外的T_USE

好的，我想，让我们试着把它放在构造函数之外：

class Reports_model extends MY_Model{
    use Reports;

    function __construct(){
        parent::__construct();
    }
}

现在我得到一个更长的错误：

语法错误，意外T_USE，期待T_FUNCTION

作为最后的手段，我在课程声明之前添加了use Reports;：

use Reports;

class Reports_model extends MY_Model{
    function __construct(){
        parent::__construct();
    }
}

现在我犯了更多错误！

非复合名称'Reports'的use语句无效未找到“ReportsQuery”类

在班级的另一个函数中，我有一行$report = ReportsQuery::create();。

那么，我怎样才能让use Reports;行工作？我真的不想在任何地方添加Reports\ 。

我怎样才能做到这一点：

$report = ReportsQuery::create();

而不是：

$report = Reports\ReportsQuery::create();

Answer 1

显然，use关键字不能完成我所做的事情。这只是告诉PHP在哪里寻找一个类。

我需要做的是使用namespace关键字来声明我的类位于Reports命名空间中。然后我不得不告诉它使用全局命名空间中的MY_Model。

namespace Reports;
use MY_Model;

class Reports_model extends MY_Model{
    function __construct(){
        parent::__construct();
    }
}

_{我也可以class Reports_model extends \MY_Model{代替use MY_Model;行。}

现在问题是CodeIgniter找不到Reports_model，因为它现在位于Reports命名空间内，而不是全局命名空间。我在另一个StackOverflow问题（https://stackoverflow.com/a/14008411/206403）中找到了解决方案。

有一个名为class_alias的功能基本上是神奇的。

namespace Reports;
use MY_Model;

class_alias('Reports\Reports_model', 'Reports_model', FALSE);

class Reports_model extends MY_Model{
    function __construct(){
        parent::__construct();
    }
}

这完美无缺！

Answer 2

在名称空间

的代码中，只使用“\”前缀所有没有名称空间的类

在扩展类中使用命名空间

2 个答案: