Question

我有一个jsp页面（带有相应的servlet），无论指定了什么路径，都需要打开它。例如，我的jsp是webapps / test / index.jsp 它应该以http：// localhost / [path]打开，其中路径是任意字符串。

eglocalhost / xxxx和localhost / yyyy将打开相同的webapps / test / index.jsp。

我正在使用Tomcat 7.0和Servlet 3.0。

这可以通过tomcat或servlet配置实现吗？有什么选择呢？

提前致谢。

Answer 1

您可以通过在/*中注册新的servlet来将web.xml映射到该JSP页面：

(...)

<servlet>
  <servlet-name>index-view</servlet-name>
  <jsp-file>/test/index.jsp</jsp-file>
</servlet>

<servlet-mapping>
  <servlet-name>index-view</servlet-name>
  <url-pattern>/*</url-pattern>
</servlet-mapping>

(...)

有关Oracle网页的更多信息：(LINK)

Answer 2

您可以创建一个servletfilter，并在该过滤器中使用requestDispatcher.forward方法将请求转发到目标页面。您可以使用

获取请求的网址

String url = ((HttpServletRequest) request).getRequestURL().toString();

并使用

转发该请求

request.getServletContext().getRequestDispatcher(newUrl)
                    .forward(request, response);

Answer 3

我认为您应该检查项目的配置文件，确保web.xml中的servlet映射是正确且唯一的。

当路径是动态时打开jsp页面

3 个答案: