Question

我正在尝试简单地回显包含数据库表中每一行的JSON对象文字。

作为我所看到的许多其他类似问题中的方法的标准，我正在获取每一行并对其进行编码：

$con=mysqli_connect("localhost","username","pass","markers");//markers is db table name
$result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM markers");

$rows = array();

while($r = mysqli_fetch_array($result))
  {
       $rows[] = $r
       //or: $rows[] = array('data' => $r);
  }

echo json_encode($rows);

与问题PHP: can't encode json with multiple rows或mysql table to json类似，

我想回显一个看起来像这样的JSON对象：

    {
    "data1":   // how do I get "data1"?
        {
            name: John Smith,
            title: Mr,
            description: a man
        }
    }

    {
    "data2":{ // how do I get "data2"? 
            name:Bob Smith,
            title: Mr,
            description: another guy
        }

    }

除了我没有得到如何实现“标题”，第一级对象字符串的标题，如“data1”或data2“。事实上，我的数据库表甚至没有那些值/那一栏。

这就是它现在的样子： database table

如何才能获得简单的数字“标题”，如“1”，“2”或“data1”，“data2”，而无需将“名称”列指定为“标题”？ （或者我必须有一个专栏吗？）

我的目标是处理返回的JSON中每个“行”中的值。

我打算使用jQ $ .each函数$.each(data, function(dataNum, dataInfo) - 例如data1将传递给dataNum，值将传递给dataInfo - 并且能够通过dataInfo.name访问特定的表值，而现在这些值不起作用。

提前感谢您的帮助！

Answer 1

我认为使用mysqli_fetch_object()将每一行作为自己的对象更好。当你然后json_encode $rows时，你会有一个对象数组。

以下是代码：

$con=mysqli_connect("localhost","username","pass","markers");//markers is db table name
$result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM markers");

$rows = array();

while($r = mysqli_fetch_object($result))
  {
       $rows[] = $r;
  }

echo json_encode($rows);

你的JSON看起来像这样：

[
    {
        "name":"Some Name",
        "title":"Some Title",
        "description":"Some description"
    },
    {
        "name":"Some Other Name",
        "title":"Some Other Title",
        "description":"Some other description"
    },
    ...
]

在javascript中，它为您提供了一个整数索引的对象数组。所以你的javascript可能看起来像这样：

var array = JSON.parse(jsonString);
$.each(array, function(key, value) {
    alert(key); // numerical index
    alert(value.name); // name
    alert(value.title); // title
    alert(value.description); // description
});

Answer 2

在$ rows变量中创建索引：

<?php

$t['a'] = array ('name' => 'foo');
$t['b'] = array ('name' => 'bar');

echo json_encode ($t);
?>

在你的情况下，一个简单的整数应该可以做到这一点，或类似$rows['data' . $i]后跟$ i ++。

如何回应JSON双重嵌套对象文字w /适当的“标题”

2 个答案: