Question

之前已经讨论过这个主题，但我无法找到特定于我所要求的答案。

我在哪里：我在这里跟随了hackmod的第一条建议：Make a link in the Android browser start up my app?并使用网页中的链接进行操作。

但是，我无法理解第二个选项（意图uri＆＃39; s）。这就是我所拥有的：

    <activity android:name="com.myapps.tests.Layout2"
        android:label="Auth Complete"
        >
        <intent-filter>
          <action android:name="android.intent.action.VIEW" />
          <category android:name="android.intent.category.DEFAULT" />
          <category android:name="android.intent.category.BROWSABLE" />
          <data android:scheme="http" android:host="mydomain.com"
                android:path="/launch" />
        </intent-filter>
    </activity>

现在，我可以去＆＃34; mydomain.com/launch"它启动了我的活动。这一切都运作良好，除了我得到选择器。我想要的是它只是在没有提供选项的情况下启动我的活动。

从我引用的帖子中的解释看起来就像是uris的意图，但我无法找到一个直截了当的例子。我的网页中的链接应该是什么样的，以便在没有选择器的情况下启动它？

我看过几个看起来像这样的例子：

<a href="intent:#Intent;action=com.myapp.android.MY_ACTION;end">

然而，当我尝试它时似乎不起作用。

我的测试设备是Galaxy Tab 2。

任何帮助将不胜感激。

Answer 1

我还试图以推荐的方式启动应用程序。以下代码对我有用。

AndroidManifest.xml中<activity> YourActivity块内的代码：

<intent-filter>
    <action android:name="android.intent.action.MAIN" />
    <category android:name="android.intent.category.LAUNCHER" />
</intent-filter>
<intent-filter>
    <action android:name="your.activity.namespace.CUSTOMACTION" />
    <category android:name="android.intent.category.DEFAULT" />
    <category android:name="android.intent.category.BROWSABLE" />
</intent-filter>

活动onCreate（）方法中的代码：

Intent intent = getIntent();
if(intent != null && intent.getAction() == "your.activity.namespace.CUSTOMACTION") {
    extraValue = intent.getStringExtra("extraValueName");
    Log.e("AwseomeApp", "Extra value Recieved from intent : " + extraValue);
}

对于HTML中的代码，请编写启动特定活动的意图，其中包含操作your.activity.namespace.CUSTOMACTION和您的应用程序包名称your.activity.namespace。你也可以在意图中增加一些额外的东西。例如intent.putExtra("extraValueName", "WOW")。然后通过在日志中打印intent.toUri(Intent.URI_INTENT_SCHEME)的值来获取所需的URL。它应该看起来像：

intent:#Intent;action=your.example.namespace.CUSTOMACTION;package=your.example.namespace;component=your.example.namespace/.activity.YourActivity;S.extraValueName=WOW;end

因此，您的HTML代码应如下所示：

<a href="intent:#Intent;action=your.example.namespace.CUSTOMACTION;package=your.example.namespace;component=your.example.namespace/.activity.YourActivity;S.extraValueName=WOW;end">
    Launch App
</a>

这是@hackbod在developers.google.com的here和this页面中建议的内容。

Answer 2

根据您的意图过滤器，此链接应该有效：

<a href="http://mydomain.com/launch">start my app</a>

但是你应该注意到android系统会询问用户你的应用程序或任何其他浏览器是否应该启动。

如果你想避免这个实现自定义的protcol处理程序。因此，只需您的应用程序即可收听，用户将无法获得意向选择器。

尝试添加此数据意图：

<data android:scheme="mycoolapp" android:host="launch" />

使用上面的代码，此链接应该有效：

<a href="mycoolapp://launch">start my app</a>

Answer 3

我需要对abhishek89m的一个小小的改动才能做到这一点。

<a href="intent:#Intent;action=your.example.namespace.CUSTOMACTION;package=your.example.namespace;component=your.example.namespace/.YourActivity;S.extraValueName=WOW;end">
    Launch App
</a>

我在组件名称中的斜杠后删除了“.activity”。

我想补充一点，如果您不希望应用选择器显示，那么自定义操作可能是此问题的最佳答案。

P.S。我会将此添加为评论，但我是新用户，而且我没有足够的声誉点。

Answer 4

<a href="your.app.scheme://other/parameters/here">

您浏览器上的此链接将启动具有特定架构的应用就像你的意图那样

<intent-filter>
<data android:scheme="your.app.scheme" />
<action android:name="android.intent.action.VIEW" />
</intent-filter>

Android Intent从浏览器启动

4 个答案: