Question

我有以下代码。 $ last_id始终显示为零。我在“源”表中有一个具有自动增量ID的列。这段代码有什么问题？

的index.php：

<?php
// connect to the database
include('connect-db.php');
$last_id = mysql_insert_id($connection);
$content = "Please type your content here!";
?>

<!DOCTYPE html>
<html>
  <head>
 <script type="text/javascript" src="https://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/1/jquery.min.js"></script> 

 <script type="text/javascript"> 

         $(document).ready(function(){
            $("#myform").submit( function () {    
              $.post(
               'submit.php',
                $(this).serialize(),
                    function(data){
                        alert("Your ID: <?php echo $last_id;?>");

                    }
              );
              return false;   
            });   
        });
</script> 


  </head>
  <body>

<div id="header" >

<form action="submit.php" method="post" id="myform">
<textarea id="editor" name="editor" id="editor"><?php echo $content; ?></textarea>
<br/>
<input type="submit" name="submit" value="Submit" id="submit"/>

</form>

</div>

  </body>
</html>

connect-db：

<?php
 $server = 'localhost';
 $user = 'mumbo';
 $pass = 'mumbo123';
 $db = 'jumbo';

 $connection = mysql_connect($server, $user, $pass) 
 or die ("Could not connect to server ... \n" . mysql_error ());
 mysql_select_db($db) 
 or die ("Could not connect to database ... \n" . mysql_error ());
?>

submit.php：

<?php
include('connect-db.php');
$submit_date = date("Ymd");
$content = mysql_real_escape_string(htmlspecialchars($_POST['editor']));
$ip_address = $_SERVER['REMOTE_ADDR'];

if ($content != '') {
mysql_query("INSERT INTO source (submit_date, ip, content) values('$submit_date','$ip_address','$content')") or die(mysql_error());    
mysql_close($connection);
}

＆GT;

Answer 1

此行在原始页面加载时计算：

             alert("Your ID: <?php echo $last_id;?>");

所以它有效：

             alert("Your ID: 0");

由于您在此时所做的一切都是连接，因此没有插入ID。我不熟悉jquery，但可能你的回调的数据参数应该包含有关来自submit.php的响应的数据。你需要让submit.php返回ID，然后通过jquery中的任何方式获取数据，并显示它。

编辑：实际上，无论如何，看起来你正在做的事情并不能真正做到我所说的。

http://api.jquery.com/submit/

您正在设置一个在提交表单时运行的处理程序 - 但是，这是在提交实际发生之前，因此您无法在那里实际获取ID。您可以选择使用类似XmlHttpRequest的方式进行异步调用，或者在submit.php页面上显示此弹出窗口。

Answer 2

试试这个为submit.php：

<?php
include('connect-db.php');
$submit_date = date("Ymd");
$content = mysql_real_escape_string(htmlspecialchars($_POST['editor']));
$ip_address = $_SERVER['REMOTE_ADDR'];

if ($content != '') {
mysql_query("INSERT INTO source (submit_date, ip, content) values('$submit_date','$ip_address','$content')") or die(mysql_error());    
echo mysql_insert_id();
}
?>

并在javascript中：

<script type="text/javascript"> 

         $(document).ready(function(){
            $("#myform").submit( function () {    
              $.post(
               'submit.php',
                $(this).serialize(),
                    function(data){
                        alert("Your ID: " + data);

                    }
              );
              return false;   
            });   
        });
</script>

Answer 3

首先不要使用mysql，使用mysqli或pdo，mysql是不推荐使用的系统，不应该使用。它不安全，可以轻松入侵。

其次，mysql_insert_id只有在插入后直接调用它才有效...

AKA

if ($content != '') {
mysql_query("INSERT INTO source (submit_date, ip, content) values('$submit_date','$ip_address','$content')") or die(mysql_error());    
  $last_id = mysql_insert_id();
  echo $last_id
mysql_close($connection);

然后你的jquery必须说

 alert("Your ID: "+data);

返回的函数数据是您从脚本回显的任何内容。 Jquery在您设置的任何回调变量（数据）中检索它，然后您可以使用它。

为什么PHP mysql_insert_id（）返回零？

3 个答案: