Question

我不断从不兼容的指针类型＆＃34;得到＃34;分配我无法弄清楚原因。我觉得它看起来不错。我只想尝试在C中执行链接列表的基础知识。

typedef struct{
   int id;
   struct node *next;
} node;

node *root = NULL; // Sets up a root node when the program starts.

create nodes(int id){
   if(root == NULL){
      root = (node*)malloc(sizeof(node));
      root-> id = -1;
      node *nextNode;
      nextNode = (node*)malloc(sizeof(node));
      nextNode -> id = id;
      root-> next = nextNode; // This line is throwing an error.
   }
}

我觉得这很简单，但我不能把手指放在上面......

Answer 1

你的struct实际上是一个未命名的struct typedef-d到node，但是你试图稍后将它称为struct node（这与你的node typedef）。快速修复就是简单地为结构命名：

typedef struct node {
   int id;
   struct node *next;
} node;

或者，如果您愿意（并且这是完全风格的），请删除typedef并更正对结构的其他引用：

struct node {
   int id;
   struct node *next;
};

struct node *root = NULL;

create nodes(int id){
   if(root == NULL){
      root = malloc(sizeof(struct node));
      root->id = -1;
      struct node *nextNode;
      nextNode = malloc(sizeof(struct node));
      nextNode->id = id;
      root->next = nextNode;
   }
}

Answer 2

这里有四点：

首先。如果必须在结构的字段中包含指针，则添加struct node的名称（如上面指出的@JamesMcLaughlin）。例如：

typedef struct nodetag { int id; struct nodetag * next; } node;

二。确保您按预期使用变量类型create。我假设您的create或其他地方存在用户定义的变量类型#define。如果不是，这将导致编译器错误。即使你这样做了，也不会编译，因为你没有return return的{{1}}语句。

第三。在您的函数create中加入node *root = NULL;。否则，函数nodes将无法识别变量nodes并导致编译器错误。

四。在函数的开头声明局部变量。行root将导致compiler error for C89，因为C89不允许在语句后使用类型声明。但是，C99允许这种做法。建议在函数开头声明所有局部变量，使其与C89和C99兼容。

Answer 3

试试这个

struct node{
   int id;
   struct node *next;
} ;

struct node *root = NULL; // Sets up a root node when the program starts.

/* Return type is missing in your code*/ create_nodes(int id){
   if(root == NULL){
      root = (struct node*)malloc(sizeof(struct node));
      root-> id = -1;
      struct node *nextNode;
      nextNode = (struct node*)malloc(sizeof(struct node));
      nextNode -> id = id;
      root-> next = nextNode; // This line is throwing an error.
   }
}

C中不兼容指针类型的赋值

3 个答案: