Question

我正在试图理解Haskell中的类。我写了一些愚蠢的代码来获取它。我写了一个名为Slang的类，它有一个函数。当我将Integer作为我的类的一个实例时，它工作正常。但是当我将String作为我的类的一个实例时，它将无法编译。我一直在根据错误输出告诉我的程序而烦恼，但无济于事。我知道它为什么会起作用......

以下是错误代码：

module Practice where

class Slang s where
    slangify :: s -> String

instance Slang Integer where
    slangify int = "yo"

instance Slang String where  -- When I take this segment out, it works fine
    slangify str = "bro"

ERROR：

Prelude> :load Practice
[1 of 1] Compiling Practice         ( Practice.hs, interpreted )

Practice.hs:9:10:
    Illegal instance declaration for `Slang String'
      (All instance types must be of the form (T t1 ... tn)
       where T is not a synonym.
       Use -XTypeSynonymInstances if you want to disable this.)
    In the instance declaration for `Slang String'
Failed, modules loaded: none.
Prelude>

Answer 1

问题是String不是像Integer这样的基类型。你要做的事实上是

instance Slang [Char] where
    slangify str = "bro"

但是，Haskell98禁止使用这种类型类型，以便简化操作并使人们更难编写重叠的实例，例如

instance Slang [a] where
    -- Strings would also fit this definition.
    slangify list = "some list"

无论如何，正如错误消息所示，您可以通过启用FlexibleInstances扩展来解决此限制。

Answer 2

我在Haskell文献（也就是我现在的圣经）中做了一些研究，并找到了一个有效解决我问题的例子。

基本上，在此变通方法中，您将Char设置为类的实例（在本书的示例中称为Visible），然后您可以将[chars]也称为字符串，设置为同时也是类的一个实例，并且规定类型变量chars是“可见”的实例。如果你看下面的代码，它会更容易理解：

module Practice where

class Visible a where
  toString :: a -> String
  size :: a -> Int

instance Visible Char where
  toString ch = [ch]
  size _ = 1

instance Visible a => Visible [a] where
  toString = concat . map toString
  size = foldr (+) 1 . map size

我的GHCi加载和函数调用：

*Practice> :l Practice
[1 of 1] Compiling Practice         ( Practice.hs, interpreted )
Ok, modules loaded: Practice.
*Practice> size "I love Stack!"
14
*Practice>

尤里卡！

无法使String成为Haskell中类的实例

2 个答案: