如果没有返回json对象，php输出在哪里

Question

对不起，毫无疑问是一个非常基本的问题......但我没有找到可能重复的问题。

如果在使用$ .getJSON（）调用的php脚本的末尾，我有一个这样的行：

return json_encode( $paras_of_interest );

...一切正常......直到有一些php输出（无意中被一个echo命令，或者可能是由于php代码生成的警告或错误）...然后完全禁用/停止/弄乱了JSON对象的返回。 处理这种情况的最佳方法是什么？如何找出输出的代码（即它“在哪里”？）......有没有办法配置输出在这种情况下的位置？

的后 的 对Dezigo和Salman A道歉：所有3个都是很好的答案，但我不得不选择一个

Answer 1

您可以保存输出缓冲区（最后清除它）

<?php

ob_start();

echo "Hello ";

$out1 = ob_get_contents();

ob_end_clean();

var_dump($out1);
?>

http://www.php.net/manual/en/function.ob-get-contents.php

Answer 2

1. 确保此行之前没有输出：

   • 对于错误，请将display_errors指令设置为0和/或使用自定义错误处理程序
   • 对于例外情况，请使用try / catch块
   • 对于其他输出，如果可能有任何输出，请使用输出缓冲（ob_start和ob_get_clean）

2. 如果捕获到任何意外的输出/错误，请不要发送，但是在JSON响应中添加错误参数：

   echo json_encode(array(
     'result' => /* your original result here */,
     'error'  => /* error message here */
   );
   

您的响应应始终如下所示，如果没有错误，则错误为null或false。在客户端，您将首先评估错误，然后评估结果。另外，如果发生错误，您可以发送HTTP 500状态代码，那么您应该能够使用JQuery的错误回调函数来处理错误：

$statusCode = $error ? 500 : 200;
header('content-type: application/json',  true, $statusCode);

Answer 3

  

如何找出输出的代码（即“去哪里”？）

打开浏览器的开发人员工具，然后打开页面并监控网络选项卡。您应该会在那里找到所有XHR。这包括破解的JSON响应。

此外，JavaScript库不会处理损坏的JSON。例如，jQuery将忽略此类响应并触发错误处理程序（如果已配置）。成功/错误处理程序可能允许您访问原始responseText。

，具体取决于JavaScript库