如何重新打包JSON字符串？

Question

JSON通配符替换值

我的目的是在我的fancybox中添加一个动态值，我必须生成一个从数据库中提取的JSON。

以下是我在Code Igniter中的模型中的当前代码：

     function get_gallery_list($album) {
        $query = $this->db->query('SELECT id, img_name, caption FROM tb_gallery WHERE album = "'.$album.'"');
        $tags = array('img_name', 'caption');
        $replacementTags = array('html', 'title');
        $json = str_replace($tags, $replacementTags, json_encode($query->result()));
        $search_array = array_fill(0, sizeof($replacements), $search_pattern);
        $result = preg_replace($search_array, $replacements, $subject, 1);
        return $json;
     }

    //img_name is replace with html, caption = title.
    /* returns: [{"id":"1","html":"roadshow2012_1.jpg","title":"WOW"},{"id":"2","html":"roadshow2012_1.jpg","title":"Wew"}] */

我的问题是，如何在“.jpg”值中添加值？

示例：

从“roadshow2012_1.jpg”到“directlink-to-localhost / images / gallery / roadshow2012 / roadshow2012_1.jpg”

感谢那些愿意回答的人！：D

Answer 1

当你可以这样做时，你不会这样做。它的工作量较少，其他人也不容易遵循

$sql='SELECT id, 
        CONCAT("directlink-to-localhost/images/gallery/",img_name) AS html, 
        caption AS title 
    FROM tb_gallery 
    WHERE album = "'.$album.'"';
$query = $this->db->query($sql);
return json_encode($query->result());

...

我不应该按照你提出的方式发布如何做到这一点，因为它有点疯狂，但如果你必须...

当str_replace更快时，你没有充分的理由使用preg_replace。

$query = $this->db->query('SELECT id, img_name, caption FROM tb_gallery WHERE album = "'.$album.'"');
$find = array('"img_name":"', '"caption"');
$replace = array('"html":"directlink-to-localhost/images/gallery/', '"title"');
$result=str_replace($find, $replace, json_encode($query->result());
return $json;

我无法看到db类，因此假设query-＆gt; result（）符合您的预期。