Question

我的意思是动态更改派生类的基类。例如，有两个类B1和B2。当我运行带有参数class=b1的php脚本时，该脚本中定义的类（例如class D）应该扩展class B1否则如果参数为class=b2它应该扩展{{1} }}。

期待这样的事情

B2

PHP中有这样的选项吗？如果有任何选择，请建议我。

提前致谢。

Answer 1

我找到了解决问题的方法。伙计们请核实这是否是正确的方法。

现在我将B1和B2存储在两个单独的文件中，但类名相同，并且需要动态所需的文件。

b1.php
class B{
    // some codes 
}

b2.php
class B{
    // some codes 
}

现在像这样扩展D

$baseclass = $_GET['class'];

require_once($baseclass.'.php');

class D extends B{
    // some codes 
}

这个对我有用。 :)

Answer 2

我不建议动态扩展类。虽然它可能是一个非常糟糕的设计，会产生许多不必要的副作用。至少告诉一个：如何为该类生成API文档？（知道这是最小的问题）

使用评论中的其他信息：您希望构建类似ORM的东西，可以使用不同的数据库，我首先考虑的是PDO。它允许使用相同的接口访问大量数据库。

如果您因任何原因需要非PDO解决方案，您可以进行如下设计：

<?php

class DatabaseStorage {

    /**
     * @var DB_Mysql|DB_SQLite|DB_Postgres ...
     */
    protected $database;


    /**
     * @param DB_Mysql|DB_SQLite|DB_Postgres ... The inner database to be used
     */
    public function __construct($database) {
        $this->database = $database;
    }

    /**
     *  Connect to the database
     */
    public function connect($host, $user, $password) {
        $this->database->connect($host, $user, $password);
    }


    /**
     * Query the database
     */
    public function query($query) {
        return $this->database->query($query);
    }

    // other methods may follow
}

然后使用这样的类：

$databaseType =$_GET['databaseType'];

// you should check the value before using it!!
/*if(!is_valid_database_type($databaseType)) {
    die('BAD input');
}*/

$databaseClass = 'Database' . $databaseType;
$database = new $databaseClass();

// use $database as argument to the storage constructor
$storage = new DatabaseStorage($database);

然而，这只是一个例子。您将找到其他方法来阻止动态代码生成，

Answer 3

在php语言中永远不可能。

在PHP中有没有动态扩展类的选项？

3 个答案: