Question

我有以下脚本：

function canLogin($mail, $password) {
    if( isset($mail, $password) ) {
        $login = dbFind('users', array("mail" => (string)"$mail", "pass" => (string)"$password"), true);
        var_dump($login);
        if($login)
            { return (string)$login['_id']; }
            else { return false; }
    } else { return false; }
}

dbFind函数如下：

function dbFind($collIn, $obj, $one = false) {
    global $db;

    $collection = $db->$collIn;

    if($one == true)
        return $collection->findOne($obj);
        else return $collection->find($obj);
}

现在，您可以从第一段代码中注意到，我使用var_dump查看$ login变量的内容，然后检查它是否已设置。

当我有正确的登录时，var_dump从db返回正确的对象，否则返回NULL。问题是在var_dump之后的if语句中总是返回false！

我缺少什么？提前谢谢。

Answer 1

If (isset($login)){
   //do what you need
}

Answer 2

if($login != NULL){
return (string)$login['_id'];
}else{
return false;
}

我遇到了这样一个问题，这个问题很有效，而且它正在发挥作用。

Answer 3

尝试将if语句更改为：

if (is_array($login) &&  array_key_exists('_id', $login) && $login['_id'] instanceof MongoId)
{
    //the array_key_exists check could be omitted, but is there just in case
    return (string) $login['_id'];
}

您可以省略前两个检查并使用!empty($login['_id']) && $login['_id'] instanceof MongoId，但可能会发出警告（不确定）。
顺便说一句：尝试将您的ini文件设置为{{1也许这会给你一些关于出了什么问题的线索。

根据您在评论中发布的内容以及查看代码，此行：E_STRICT | E_ALL实际上是将对象转换为字符串。结果如下：

return (string)$login['_id'];

你正在使用array(5) { ["_id"]=> object(MongoId)#8 (1) //<-- OBJECT { ["$id"]=> string(24) "50d19fed9cc2318521000001" } }演员，~~感觉不对~~正如Sammaye所指出的，那应该是正常的。你投了太多BTW：(string)将"$foo"投射到一个字符串，因为双引号，不需要额外的演员......但这不是重点...无论如何，试试这个：

$foo

有关方法/属性和头痛的更多详细信息，请参阅mongoid class上的文档......

PS：使用getter方法可能更干净：

return $login['id']->{'$id'};//need the single quotes, the property NAME is $id, not id

祝你好运，快乐编码

PHP中无法识别对象存在

3 个答案: