Question

我很困惑;我需要压缩文件夹的内容，我有多个文件（扩展名.dat）。我去了shell脚本。

到目前为止，我告诉自己并不是那么难：我只需要递归地读取目录的内容，获取文件的名称并使用文件本身的名称对其进行压缩。

这就是我写的：

for i in *.dat; do zip $i".zip" $i; done

现在，当我尝试它时，我得到了一个奇怪的行为：每个文件被称为“12/23/2012 data102 test1.dat”;当我运行这一系列命令时;我看到zip而不是识别整个文件名，将字符串的每个部分视为单个实体，导致整个操作失败。

我告诉自己我做错了，i变量错了;所以我替换了echo而不是zip命令（看看哪一个是i变量的输出）; $ i输出是文件的全名，而不是文件的一部分。

关于发生了什么，我完全无能为力......如果变量i被zip读取，它会读取字符串的每一段，而不是整个东西，而如果我使用echo来查看内容该变量得到正确的输出。

我是否必须以不同的方式将文件名的值传递给zip？因为它是作为参数传递的变量的内容我假设如果字符串是1或者在其中有空格并不重要，我在手册页中找不到答案（如果有任何在那里）。

任何人都知道我为什么会遇到这种行为以及如何解决这个问题？谢谢！

Answer 1

你需要引用任何带空格的东西。

zip "$i.zip" "$i"

一般来说，任何变量插值都应该有双引号，除非您特别要求shell将其拆分为多个标记。内部字段分隔符$IFS默认为空格和制表符，但您可以更改它以使shell在任意分隔符上进行单词拆分。有关shell的引用机制的详细说明，请参阅任何体面的初学者shell教程。