Question

我正在生成JSON，如下所示：

def suggest_gems
  @allgems = RubyGem.where("name like ?", "%#{params[:q]}%")
  respond_to do |format|
  format.json { render :json => @allgems.to_json }
  end
end

但是，RubyGem表非常大，具有描述，链接和创建的值，更新于。我怎样才能在生成的JSON中输出名称和id以减少加载时间？感谢。

Answer 1

你可以在那里清理你的控制器方法并达到你想要的效果：

def suggest_gems
  @allgems = RubyGem.where("name like ?", "%#{params[:q]}%")
  respond_with(@allgems, :only => [:id, :name])
end

如果你在控制器的顶部有这个：

respond_to :json

修改

如果您不想使用respond_to，请执行以下操作：

def suggest_gems
  @allgems = RubyGem.where("name like ?", "%#{params[:q]}%")
  render :json => @allgems.as_json(:only => [:id, :name])
end

Answer 2

您需要覆盖模型中的as_json，以便仅返回您要发回的属性。

def as_json(options)
  super(only: [:id, :name])
end

Answer 3

所以我想通过添加几行代码来计算如何在不更改as_json方法或使用respond_with语句的情况下执行此操作。这是我做的：

def suggest_gems (result = [])
   @allgems = RubyGem.where("name like ?", "%#{params[:q]}%")
   @allgems.each { |g|
     result << { :id => g.id, :name => g.name }
     } 
   respond_to do |format|
   format.json { render :json => result.to_json }
   end
end

我基本上定义了一个数组并相应地关联了name和id属性，然后将数组格式化为JSON。在加载时间约6秒钟剃光：）

在此处添加此答案，以便其他人可能会发现它有用！

RoR：过滤生成的JSON到某些参数

3 个答案: