Question

我正在使用ajax并通过以下方法返回值

$query = mysql_query("SELECT DISTINCT * FROM symptom WHERE symptom LIKE '%$key%'")or die('couldnt select');
while(($row = mysql_fetch_array($query))!=false){

    echo $row['disease'];

}

但是在ajax函数中收到的结果显示结果如

streppneumonia

而不是

strep
pneumonia

我做错了什么？我在这里找不到问题。

Answer 1

快速修复：echo $row['disease'].'<br />';

虽然您的Web服务确实应该以更好的格式返回数据，例如JSON，然后您应该使用javascript来破解数据。

Answer 2

尝试

echo $row['disease'].'<br />';

Answer 3

$query = mysql_query("SELECT DISTINCT * FROM symptom WHERE symptom LIKE '%$key%'")or die('couldnt select');
$str = '';
while(($row = mysql_fetch_array($query))!=false){

    $str .= $row['disease']. "<br>";

} 

echo $str;

Answer 4

使用ajax并返回多个值时，请以json格式发送。虽然您可以在客户端打破break标记，但您无法区分多个值：

<?php
$query = mysql_query("SELECT DISTINCT * FROM symptom WHERE symptom LIKE '%$key%'")or die('couldnt select');
while(($row = mysql_fetch_array($query))!=false){

    $diseases[] =  $row['disease'];

} 

echo json_encode($diseases);

?>

稍后，在客户端通过js解码

Answer 5

试

while(($row = mysql_fetch_array($query))){

    echo $row['disease'].'<br>';

}

注意

不推荐使用

mysql_*功能，请使用PDO或MySQLi

同时以单行返回值

5 个答案: