Question

我的PHP应用程序在MySQL中至少有4个表（在本例中缩短了它）

代理 - Agent_ID - Agent_Name

国家 - Country_ID - Country_Name

作业 - Job_ID - Job_Type

Line_Items - Line_ID - Agent_ID - Country_ID - Job_ID

现在，我需要从Line_Items中选择Agent_ID = 1，而不是在它们的整数中回显Agent_ID，Country_ID和Job_ID，我想输出它们的名称（Agent_Name，Country_Name，Job_Type）。

如何撰写查询？
如何使用常用的$ result = mysql_query（“select ....”）在PHP中输出它; while（$ row = mysql_fetch_query（$ result））{echo .....};

Answer 1

您需要加入表：

SELECT A.Agent_Name, C.Country_Name, J.Job_Type
FROM Line_Items LI, Agents A, Country C, Job J
WHERE LI.Agent_ID = 1 AND LI.Agent_ID = A.Agent_ID AND
      LI.Country_ID = C.Country_ID AND LI.Job_ID = J.Job_ID

另外，请考虑使用视图，如下所示：

CREATE VIEW Line_Items_Detail
AS
  SELECT LI.Agent_ID, A.Agent_Name, C.Country_Name, J.Job_Type
  FROM Line_Items LI, Agents A, Country C, Job J
  WHERE LI.Agent_ID = 1 AND LI.Agent_ID = A.Agent_ID AND
        LI.Country_ID = C.Country_ID AND LI.Job_ID = J.Job_ID

然后，使用该视图，您的查询就像：

一样简单

SELECT Agent_Name, Country_Name, Job_Type
FROM Line_Items_Detail
WHERE Agent_ID = 1

使用这些查询中的任何一个，您都可以使用您编写的PHP代码输出结果。

希望它有所帮助。

修改

使用第一个查询，您的PHP将是这样的（简化）：

$query = "SELECT A.Agent_Name, C.Country_Name, J.Job_Type FROM Line_Items LI, Agents A, Country C, Job J WHERE LI.Agent_ID = 1 AND LI.Agent_ID = A.Agent_ID AND LI.Country_ID = C.Country_ID AND LI.Job_ID = J.Job_ID"; $result = mysql_query($query); while($row = mysql_fetch_query($result)) { echo "Agent:" . $row['Agent_Name']."<br>"; echo "Country:" . $row['Country_Name']."<br>"; echo "Job:" . $row['Job_Type']."<br>"; }

当然，如果您需要不同的ID，则需要更改LI.Agent_ID。您可以只使用占位符替换正确的ID，或者将正确的ID连接到查询。

Answer 2

在这里使用JG，使用连接。但是这里有一个用于连接表的替代（并且更被接受的??）语法。

SELECT A.Agent_Name, C.Country_Name, J.Job_Type
FROM Line_Items LI
INNER JOIN  Agents A
ON LI.Agent_ID = A.Agent_ID
INNER JOIN Country C
LI.Country_ID = C.Country_ID
INNER JOIN Job J
ON LI.Job_ID = J.Job_ID
WHERE LI.Agent_ID = 1

如果国家/地区，代理或作业行可能不存在，则可以使用LEFT JOIN而不是内部联接。使用INNER JOIN，正如我所做的那样，如果没有国家，将不会返回任何行。

如何从多个mySQL表中选择并输出到PHP？

2 个答案: