如何用PHP渲染远程图像？

Question

这是一个jpg：http://i.stack.imgur.com/PIFN0.jpg

假设我希望从/img.php?file_name=PIFN0.jpg

呈现此内容

以下是我试图让这项工作的方法：

/sample.php

<p>Here's my image:</p>
<img src="/img.php?file_name=PIFN0.jpg">

/img.php

<?php
    $url = 'http://i.stack.imgur.com/' . $_GET['file_name'];
    header('Content-type: image/jpeg');
    imagejpeg($url);
?>

我希望/sample.php能够显示图片。但这不起作用。我得到的只是一张破碎的图像。我做错了什么？

Answer 1

使用imagecreatefromjpeg：

<?php
    $url = 'http://i.stack.imgur.com/' . $_GET['file_name'];
    header('Content-type: image/jpeg');
    imagejpeg(imagecreatefromjpeg($url));
?>

参考：http://php.net/manual/en/function.imagecreatefromjpeg.php

Answer 2

以下是一个工作示例：

<?php
function img_create($filename, $mime_type) 
{  
  $content = file_get_contents($filename);
  $base64   = base64_encode($content); 
  return ('data:' . $mime_type . ';base64,' . $base64);
}
?>

<img src="<?php print img_create('http://tuxpaint.org/stamps/stamps/animals/birds/cartoon/tux.png','image/png'); ?>" alt="random logo" />

Answer 3

无需使用GD功能：

<?php
    $url = 'http://i.stack.imgur.com/' . $_GET['file_name'];
    header('Content-type: image/jpeg');
    readfile($url);
?>

Answer 4

<?php
header("Content-Type: image/jpeg");
$url = "http://i.stack.imgur.com/PIFN0.jpg";
$imgContents = file_get_contents($url);
$image = @imagecreatefromstring($imgContents);
imagejpeg($image);
?>

Answer 5

header('Content-type: image/jpeg');
readfile($_GET['id']);

但是在新服务器中，只能读取本地图像，远程图像是错误的。