Question

我试图通过ajax将数据传递到php页面，数据被插入到数据库中，然后我需要拾取最后一个插入并传递回来更新选择最后一个插入的选择菜单。数据库正确更新，但我得到echo json_echo（$ data）;

的NULL返回

一直坚持这一天，真的很感激帮助!!!

if (empty($_POST) === false && empty($errors) === true) {

      $company_id   = $_POST['company_id'];
      $patient_id   = $_POST['addpatient_id'];
      $first_name   = $_POST['addpatient_firstname'];
      $last_name    = $_POST['addpatient_lastname'];
      $dob          = $_POST['addpatient_dob'];
      $updated      = $_POST['patient_added'];


      $update = array();
      array_walk($update_data, 'array_sanitize');

      foreach($update_data as $field=>$data) {
          $update[] = '`' . $field . '` = \'' . $data . '\'';
      }

      mysql_query("INSERT INTO `lab`.`patients` (`company_id`, `patient_firstname`, `patient_lastname`, `patient_dob`, `patient_added`) VALUES ('$company_id', '$first_name', '$last_name', '$dob', '$updated')");
      $last_patient_id = mysql_insert_id();

      $result = mysql_query("SELECT `patient_id`, `patient_firstname`, `patient_lastname`, `patient_dob` FROM `patients` WHERE `patient_id` = $last_patient_id");
      $data[] = mysql_fetch_assoc($result);
}
      echo json_encode( $data );

Answer 1

如果发生错误，json_encode将返回false（php manual）。我会从那里开始。

$json_string = json_encode( $data );
if( $json_string ){
   echo $json_string;
}else{
   echo "Error";
   echo "<pre>";
   print_r($data);
   echo "</pre>";
}

这至少应该引导你进行调试。

编辑：也可以尝试将其添加到函数的开头

error_reporting(E_ALL); 
ini_set('display_errors', '1');

这将有助于显示mysql正在抛出的错误。

编辑：我想修改拼写，但由于我需要最少6个字符，所以我会提到http://jsonlint.com/来验证你在json_encode中的内容

echo json_encode（）返回NULL

1 个答案: