Question

我有一个PHP5对象将消息传递给另一个，并希望为每条消息附加一个类型。例如，MSG_HOT，MSG_WARM和MSG_COLD。如果PHP5有一个枚举类型，我可能会用它来定义消息类型，但是（除非我弄错了）没有这样的动物。我看了几个选项：

字符串（'MSG_HOT'，'MSG_WARM'和'MSG_COLD'）很糟糕，因为我不可避免地会输入类似'MSG_WRAM'的内容，而事情会破裂。数字遇到同样的问题，也不太清楚。

定义工作：

define('MSG_HOT', 1);
define('MSG_WARM', 2);
define('MSG_COLD', 3);

但污染了全局命名空间，因此需要更详细的名称来确保唯一性。我不希望我的代码像APPLICATIONNAME_MESSAGES_TYPE_HOT那样散落。

最后，我可以使用类名来区分类型，如下所示：

class MessageHot extends Message {}
class MessageWarm extends Message {}
class MessageCold extends Message {}
class Message
{
    public function Type()
    {
        return get_class($this);
    }
    public function Data()
    {
        return $this->data;
    }
    public function __construct($data)
    {
        $this->data = $data;
    }
    private $data;
}

我认为这很好，但对于看起来应该是一个简单的概念也是很多工作。

我错过了一个更好的选择吗？

Answer 1

一个非常常见的约定是在PHP中使用类常量。

e.g。

class Message
{
    const HOT  = 0;
    const WARM = 1;
    const COLD = 2;
}

Answer 2

我还使用了一个带有consts的类。我添加以下

使类抽象，以确保没有人试图实例化它
添加一个静态数组，将数据库映射到字符串以打印友好消息

实现静态__toString（）方法来执行上一个

abstract class Message {
    const HOT = 0;
    const WARM = 1;
    const COLD = 2;

    public static $enums= array(
        self::HOT => "hot",
        self::WARM => "warm",
        self::COLD => "cold"
    );

    public static __toString($enum) {
        return self::$enums[$enum];
    }
}

我也可以使用Message :: $ enums来测试变量：

if (!array_key_exists($is_it_valid, Message::$enums)

Answer 3

您可以使用class constants：

class Message
{
    const hot = 0;
    const warm = 1;
    const cold = 2;
}

foo(Message::hot);
foo(Message::warm);
foo(Message::cold);

Answer 4

您可能希望查看提及两者的this question on stackoverflow 的两个第一个答案

使用抽象类
SplEnum extension

替代PHP5中的枚举类型？

4 个答案: