Question

这是我的问题，我有一个带有ave方法的类，我想传递一个Mysql DB链接到它，所以我从类创建一个新对象，并调用saveProperty方法，并在我的主文件中创建了一个MySQL连接，并将链接保存在一个名为$ db的var中，所以当我调用该方法时，它会链接到：saveProperty（$ db）。

但是保存数据我得到一个错误：

警告：mysql_select_db（）：提供的参数不是第75行的C：\ wamp \ www \ aqaria \ classes \ property.php中的有效MySQL-Link资源

警告：mysql_query（）：提供的参数不是第99行的C：\ wamp \ www \ aqaria \ classes \ property.php中的有效MySQL-Link资源

这意味着我没有通过链接吗？但是如何？

这是我的一些代码：

<?php

  class test 
  {




    function saveProperty($db)
    {

        $sql = "<<query goes here>>" 

        mysql_query($sql,$db);

        if(mysql_affected_rows()>0)
        echo "<h3>Data was saved</h3>";
        else
        echo "<h3>Error saving data</h3>";

    }


  }

这是调用代码：

$db = mysql_connect('localhost','root',''); 
mysql_select_db("aqaria",$db); 
$property = new Property(); 
$property->saveProperty($db);

虽然如果我将gloabl关键字添加到类的方法中它会工作，我想知道我是否可以通过数据库连接的链接？

Answer 1

毫无疑问，可以在方法中传递db_links。

警告：mysql_select_db（）：提供参数不是有效的MySQL-Link 资源 C：\ WAMP \ WWW \ aqaria \类\ property.php 第75行

使用mysql_error（）

检查数据库凭据和输出

Answer 2

您的函数中没有数据库对象。

在顶部添加：

global $db;

编辑：要将其传递到您的功能中，您需要执行此操作：

$db = mysql_connect('localhost','root','') or die(mysql_error());
mysql_select_db("aqaria", $db) or die(mysql_error());

agar_add_offer($someDataFromSomewhere, $db);

function aqar_add_offer($data, $db)
{
    $property = new Property();

    //do some data manipulation

    $property->saveProperty($db);
}

Answer 3

您是否尝试过参考？

此外，您可能希望在mysql_affected_rows()

中使用$ db

function saveProperty(&$db)
{

    $sql = "<<query goes here>>" 

    mysql_query($sql,$db);

    if(mysql_affected_rows($db)>0)
    echo "<h3>Data was saved</h3>";
    else
    echo "<h3>Error saving data</h3>";

}

Answer 4

我只是在每个类的方法中使用全局$ db我需要使用mysql。 $ db是在课外定义的。

是否有一种方法我不必在每种方法中使用'global $ db'。

将MySQL链接传递给类方法

4 个答案: