在C＃中将HTTP Accept和Content-Type标头设置为“application / xml”

Question

我在C＃中创建了一个Web服务（REST）。现在我希望当有人使用它时，它应该按照Header返回JSON或XML。我找到了一个非常好的tutorial here。我跟着它，但我不知道它在哪里说set both the HTTP Accept and Content-Type headers to "application/xml"，我这样称呼http://localhost:38477/social/name。如果我的问题不是很清楚，我可以回答任何问题 谢谢 这是我的代码

[WebInvoke(UriTemplate = "{Name}", Method = "POST", BodyStyle = WebMessageBodyStyle.Bare, RequestFormat = WebMessageFormat.Xml, ResponseFormat = WebMessageFormat.Xml)]
        public MyclassData Get(string Name)
        {
            // Code to implement
            return value;

        }

Answer 1

您使用什么框架（看起来像旧的WCf Web Api）来构建您的RESTful服务？我强烈建议使用Microsofts新的MVC4 Web API。它真正开始成熟并大大简化了构建RESTful服务。它将在未来支持WCF Web API即将停止使用。

您只需将ModelClass作为返回类型返回，它将根据请求接受标头自动将其序列化为XML或JSON。您可以避免编写重复的代码，并且您的服务将支持广泛的客户。

public class TwitterController : ApiController
{
     DataScrapperApi api = new DataScrapperApi();
     TwitterAndKloutData data = api.GetTwitterAndKloutData(screenName);
     return data;
}

public class TwitterAndKloutData
{
   // implement properties here
}

<强>链接

您可以通过下载MVC4 2012 RC获得MVC4 Web Api，也可以下载整个Visual Studio 2012 RC。

MVC 4：http://www.asp.net/mvc/mvc4

VS 2012：http://www.microsoft.com/visualstudio/11/en-us/downloads

---

对于原始的wcf web api，请试一试。检查接受标头并根据其值生成响应。

var context = WebOperationContext.Current
string accept = context.IncomingRequest.Accept;
System.ServiceModel.Chanells.Message message = null;

if (accept == "application/json")
   message = context.CreateJsonResponse<TwitterAndCloutData>(data);
else if (accept == "text/xml")
   message = context.CreateXmlResponse<TwitterAndCloutData>(data);

return message;

---

您可以在启动请求的任何客户端上设置接受标头。这取决于您用于发送请求的客户端类型，但任何http客户端都可以添加标头。

WebClient client = new WebClient();
client.Headers.Add("accept", "text/xml");
client.DownloadString("domain.com/service");

要访问响应标头，您可以使用

WebOperationContext.Current.OutgoingResponse.ContentType = "text/xml";

其他资源：http://dotnet.dzone.com/articles/wcf-rest-xml-json-or-both

Answer 2

您在RequestFormat = WebMessageFormat.Xml, ResponseFormat = WebMessageFormat.Xml属性中指定了WebInvoke，它将请求和响应的格式限制为Xml。 删除RequestFormat和ResponseFormat 属性，让框架根据Http标头对其进行处理。 内容类型标头指定请求正文类型，接受标头指定响应正文类型。

修改

这是您使用fiddler发送请求的方式。

您可以使用REST starter kit附带的 Microsoft.Http 和 Microsoft.Http.Extensions dll来编写客户端代码。以下是一个示例。

        var client = new HttpClient("http://localhost:38477/social");
        client.DefaultHeaders.Accept.AddString("application/xml");
        client.DefaultHeaders.ContentType = "application/xml";
        HttpResponseMessage responseMessage = client.Get("twitter_name");
        var deserializedContent = responseMessage.Content.ReadAsDataContract<YourTypeHere>();

Answer 3

你能为你的方法创建两个重载：

    [WebInvoke(UriTemplate = "dostuff", Method = "POST", BodyStyle = WebMessageBodyStyle.Bare, RequestFormat = WebMessageFormat.Json, ResponseFormat = WebMessageFormat.Json)]
    public StuffResponse DoStuff(RequestStuff requestStuff)


    [WebInvoke(UriTemplate = "dostuff", Method = "POST", BodyStyle = WebMessageBodyStyle.Bare, RequestFormat = WebMessageFormat.Xml, ResponseFormat = WebMessageFormat.Xml)]
    public StuffResponse DoStuff(RequestStuff requestStuff)