Question

好的，我有点卡在这里。我通常使用jquery来做这个，但我发现它不能用jquery完成所以我这样做就好了所以这是我的代码

var url = ("upload.php?loc="+uplocation);   
    var xhr = new XMLHttpRequest();     
        if(xhr.upload){ // check if upload property exists
            xhr.open("POST", url, true);
            xhr.setRequestHeader("X_FILENAME", file.name);          
            xhr.send(file); 

        }

它所做的只是将文件发送到php页面，但是php页面不会上传不是我想要的图像，所以无论如何都要返回页面上显示的所有内容

如果是jquery我会做这样的事情

$.ajax({
                type: "POST",
                url: 'json/submitsongs.php',
                data: loca,
            success: function(data){
                                alert(data);
                            }

            });

所以我的问题是如何返回在php页面上回显的内容并提醒它（出于调试原因）。

感谢您的帮助

Answer 1

您可以为所需的任何事件添加事件侦听器（加载，错误，进度等）。因此，在您的情况下，您将使用'load'事件来表示文件已完成加载：

xhr.addEventListener('load', onComplete, false);

onComplete是你的回调函数，它将事件作为参数。此事件包含响应文本：

function onComplete(event) {
    alert(event.target.responseText);
}

Answer 2

截至今天，您无法使用Ajax上传异步。
要么使用iframe（如谷歌），要么使用一些漂亮的Flash（或Java）上传应用程序不确定，但可能是HTML5有一个解决方案，但它不会跨浏览器。

xhr从php页面返回值

2 个答案: