Question

我有问题。我想从PHP文件发送3-4个变量到我的AJAX请求（通过json）......我确信我的代码是正确的，它不起作用。它什么都不做。如果我只是做一个正常的“回声”，那么一切都有效，但是json没有用吗？

这是我的JS代码：

$.ajax({
       type: "POST",
       url: "test.php",
       data: "varA=" + varA + "&varB=" + varB,
       dataType: json,
       cache: false,
       success: function(data1){

       alert(data1.b);

       if (data1.a == "success"){
       alert("OK");

       location.href = "index.html";
       }

       else{
       alert("Not OK");
       }

       }
       });

这是我的PHP代码：

...
    $qry="SELECT * FROM database1 WHERE varA='".$_POST['varA']."' AND varB='".$_POST['varB']."'";
$result=mysql_query($qry);

if($result) {
    if(mysql_num_rows($result) == 1) {
        $test = mysql_fetch_assoc($result);
        echo json_encode(array('a' => 'success', 'b' => $test['database_entry']));
...

我不知道为什么这个AJAX代码不会被解雇！希望你能帮助我，谢谢！

Answer 1

将您的数据作为JSON对象发送，而不是自生成的查询字符串：

data:  {"varA":  varA, "varB": varB},
dataType: json,
cache: false,

Answer 2

您发送到ajax调用的数据是一个字符串，而它应该是一个对象或一个数组。

data: "varA=" + varA + "&varB=" + varB,

应该是

data: {"varA":varA,"varB":varB},

Answer 3

你写错了你的错误

dataType: json,

这里json应该是一个字符串

dataType: 'json',

在你的代码中，它试图搜索不可用且因此未定义的变量json，因此没有进行ajax调用

使用PHP通过JSON将多个变量发送到AJAX不起作用

3 个答案: