Question

假设我有一个Mutex，两个线程，一个函数和一个循环（伪代码）。功能：

void Update(){
    Mutex.enter();
    ...// time: 10 ms
    Mutex.leave();
}

Main.cpp的：

void main(){
    ...// Starting thread
    while(true)
        Update();
}

主题：

void Thread(void *){
    Mutex.enter();
    ... // 
    Mutex.leave();
}

但是函数调用不断，因此Mutex的小时间是免费的。 Thread必须进入Mutex的机会有多高？如果低，怎么解决？

Answer 1

如果你正在使用提升线程（link），那么我会使用yield()。它将允许任何其他“等待”线程“有机会”运行。

这也可能是win32或pthreads的做法。

编辑：顺便说一句，使用锁外的yield() 。如果它在锁内，显然那将毫无用处。

Edit2：这是不同平台的功能：

Win32：SwitchToThread() msdn link。
Linux / Unix pthreads：`pthread_yield（）'link

如果您不在任何这些平台上，请阅读这些链接中的说明，并查找在您的框架中执行相同操作的功能。

Answer 2

从您展示的伪代码看来，线程之间似乎没有合作。如果thread2幸运地在调用第一个Update（）之前获取互斥锁，那么在thread2的整个生命周期中，不会调用函数Update（）函数。对我来说，它看起来像一个有缺陷的设计。如果thread2正在进行工作并且'main'线程正在调用Update（）函数来监视并报告thread2线程例程中发生的任何事情的进展，那么让thread1（主要的）等待的话会更有意义。 update_required信号和thread2（正在进行工作的那个）将完成工作，然后填充一个struct变量，其中包含报告进度所需的所有数据，并发出信号thread1以使用数据并报告进度。使用这种结构变量的环形缓冲区可以完全消除对互斥体的需求。

信号量（Mutex）麻烦

2 个答案: