PHP：通过引用传递

Question

通过引用传递：

<?php
$str = "test    \n";
trim(&$str);
echo "-" . "$str" . "-";
?>

输出是：

-test
-

但是当我做的时候

<?php
$str = "test    \n";
$str = trim($str);
echo "-" . "$str" . "-";
?>

输出是：

-test-

为什么我不能通过引用传递这个？

Answer 1

因为trim()不期望引用，因此不会修改传递给它的字符串。传递引用只有在函数需要时才有意义 - 然后你没有选择而不是传递引用，因为函数 definition 包含引用参数很重要或不。

你要做的是，很长一段时间以来，PHP中的调用时间传递是deprecated。除此之外，即使它没有被弃用，它也仅适用于实际修改参数的函数。

  

注意：函数调用上没有引用符号 - 仅在函数定义上。单独的函数定义足以通过引用正确传递参数。从PHP 5.3.0开始，当您在&中使用foo(&$a);时，您将收到一条警告，指出“呼叫时传递参考”已被弃用。

Answer 2

请参阅参考资料：

http://php.net/manual/en/function.trim.php

如果您阅读本手册，您将理解trim()不期望引用字符串，而是string本身的值。

Answer 3

让我们检查PHP Reference对此的说法：

  

注意：函数调用上没有引用符号 - 仅在函数定义上。单独的函数定义足以通过引用正确传递参数。从PHP 5.3.0开始，您将收到一条警告，说“不推荐使用”call-time pass-by-reference“...

查看trim签名：

string trim ( string $str [, string $charlist ] )

$str没有任何内容可以通过引用传递。所以它不会。函数trim将仅使用您的输入来生成输出，但不会修改它 - 它无论如何都不能，因为$str不是通过引用传递的。