Question

以下代码不起作用。

#include<iostream>
class Application
{
public:
    static int main(int argc, char** argv)
    {
        std::cin.get();
    }
};

我认为静态成员函数与普通函数一样，静态WinMain工作正常。为什么不静态主要工作？

好吧，我觉得我有点开始明白了，谢谢你的所有答案。

Answer 1

仅仅因为标准如此说明（3.6.1）：

程序应包含一个名为main的全局函数。 [...]该功能不应过载。

你拥有的是一个有效的功能，但它不是程序入口点。

Answer 2

这是由于编译程序的链接如何。基本上，由于范围，它无法找到main。

C++ standard详细说明为什么在“3.6 - 启动和终止[basic.start]”部分中不能有静态主体，具体为“3.6.1 - 主函数[basic.start.main] ”。在哪里说

所有实现都应允许以下两个主要定义：

    int main() { /* ... */ }

和

    int main(int argc, char* argv[]) { /* ... */ }

标准的pdf为here。它位于pdf的第69页。

如果你想让你的代码工作，你需要做一些事情，比如

class Application
{
public:
    static int main(int argc, char** argv)
    {
        std::cin.get();
    }
};

int main(int argc, char** argv)
{
    return Application::main(argc, argv);
}

Answer 3

下面的代码可以正常工作（虽然没有任何好处，我可以从头脑中思考）

#include<iostream>
class Application
{
public:
    static int main(int argc, char** argv)
    {
        std::cin.get();
        return 0;
    }
};

int main(int argc, char** argv)
{
    return Application::main(argc, argv);
}

另请注意，原始帖子中的main功能不 main - 其名称为Application::main，与全局main完全不同{ {1}} - 您的编译器期望一个名为 main 的函数存在于全局作用域中，而不是存在于类或名称空间中。

Answer 4

在您的代码中，静态成员main()存在于类的范围内，只要您不希望它成为程序的入口点（或开头），就可以了。 / p>

标准要求在全局命名空间中定义入口点（即标准 main()）。所以你可以这样做：

int main(int argc, char** argv) //defined in the global namespace
{
    return Application::main(argc, argv);
}

Answer 5

假设您有两个类Application1和Application2，两个类都带有名为main的公共静态函数，并带有相应的签名。哪一个应该被选中？所以这毫无意义。

C ++标准定义了自由函数 main（有2个可能的签名，如果我没记错的话 - argc / argv且没有参数）作为程序的入口点。实现可以自由添加（例如WinMain）。所以基本上，静态类函数根本没有被定义为标准中的入口点。

您当然可以将全局main函数的参数转发给您选择的任何内部主函数。

为什么静态主要不在C ++中工作？

5 个答案: