Question

我们在网站上使用PHP生成了几个页面，其中包含以下标题（例如）：

http://www.mysite.com/project/category/1
http://www.mysite.com/project/category/2
http://www.mysite.com/project/category/3

每个都是使用相同的页面布局动态创建的，每个都显示不同的数据库结果，具体取决于预定义的条件。

我希望在页面顶部显示一个图片，仅显示其中一个结果，让我们说http://www.mysite.com/project/category/2 - 我该如何处理？

我们页面上的相关代码是：

$category=mysql_fetch_array(mysql_query("select * from project_category where project_category_id='".$project_category_id."'"));?>

如果我们向下走if statement路线，您是否可以通过修改上述代码来展示如何显示示例图像的示例？

Answer 1

我可能会在数据库中将其设置为属性（可以是简单的是/否），并使用现有的db-result来确定类别是否必须显示页面。虽然这看起来有点过分 - 我肯定会在if ($categoryId == 2) { }解决方案中选择这种动态解决方案。保持动态，代码干净，通用。

Answer 2

最后，我选择了if statement（在此处http://www.tizag.com/phpT/if.php）。

上面的原始代码按以下方式修改：

$category=mysql_fetch_array(mysql_query("select * from project_category where project_category_id='".$project_category_id."'"));

 if ( $project_category_id == "2" ) {
    echo '<a href="http://www.mywebsite.com/imagelink" target="_self"><img src="http://www.mywebsite.com/image.jpg" width="675" height="75" border="0" /></a>';
}?>

使用'if语句'在一个动态创建的页面上显示图像

2 个答案: