Question

我试图理解为什么这个警告是真的？以及如何在不将参数传递给回调函数的情况下警告false（如果可能的话）？

var a = true;

function foo(callback){
    var a = false;
    callback();
}

function bar(){
    alert(a);
}
foo(bar); // Alerts true

Answer 1

由于您在说var时使用a = false，因此您创建了一个新的本地范围a。

如果要在更广泛的范围内修改现有变量，请删除var。

Answer 2

此：

var a = false;

...是foo函数范围的本地。

此：

function bar(){
    alert(a);
}

...是在a = true的变量范围中创建的，因此，关闭了该局部变量环境，从而关闭了特定的a变量。

归结为这样一个事实：无论何时创建一个函数，都会永久保留创建它的变量范围。

将该功能传递到另一个环境并不重要。它始终只会引用其原始变量环境。

var test0 = 0;   // global variable environment

function a() {

    var test1 = 1;  // "a()" will always retain the global environment even if you
                    //      send "a()" somewhere else

    function b() {

        var test2 = 2;  // "b()" will always retain the environment of "a()" and the
                        //    global environment, even if you send "b()" somewhere else
    }
}

修改

为了bar引用foo的本地变量，您可以将它们作为参数传递给bar：

var a = true; function foo(callback){ var a = false; callback( a ); } function bar( a ){ alert( a ); } foo(bar); // now it alerts false

示例： http://jsfiddle.net/dSZ4M/

...您会注意到我在bar()中给出了与全局a变量同名的参数。因为在函数自己的变量环境之外的变量之前读取函数的参数，所以a参数“shadow”全局a变量。

因此，您无法再从a内部阅读全局bar。当然，您需要做的就是将参数的名称更改为其他名称，例如arg或其他，然后您就可以引用本地arg参数和全局a变量。

将回调的范围设置为执行的范围？

2 个答案: