Question

使用打字稿3.7。我有这堂课

class Thing {
  name: string;
  age: number;

  serialize() {}
}

现在在另一种方法中，我想声明参数是Thing的一部分，但应仅包括属性，而不包括类。所以我希望接受的类型是

{name: string, age: number}

这可能吗？当我使用Partial<Thing>时，不需要的方法serialize也被接受。

Answer 1

对question this duplicates的回答显示了如何与conditional types和mapped types一起使用lookup types从对象中拉出仅匹配特定条件的属性。在您的情况下，这是我的处理方式：

type ExcludeFunctionProps<T> =
    Omit<T, { [K in keyof T]-?: T[K] extends Function ? K : never }[keyof T]>

type AcceptedType = ExcludeFunctionProps<Thing>;
/*
type AcceptedType = {
    name: string;
    age: number;
}
*/

如果需要，您可以使用Partial<AcceptedType>。需要注意的是，编译器无法真正分辨出方法和函数值属性之间的区别。因此，如果您有类似的课程

class Stuff {
    name: string = "";
    method() { }
    funcProp: () => void = () => console.log("oops");
}

然后，即使method是“字段”或“属性”而不是方法，您也将同时排除funcProp和funcProp：

type SomeStuff = ExcludeFunctionProps<Stuff>;
// type SomeStuff = {name: string}

因此请注意。希望能有所帮助；祝你好运！

Link to code

如何定义Typescript部分类型以仅接受属性

1 个答案: