makefile以调试模式启动Flask

Question

我想使用一个命令在debug/development mode中启动Flask。

给出

新鲜终端，进入项目目录，激活虚拟环境并运行自定义Makefile：

> cd project
> activate myenv

(myenv) > make

输出

调试模式为OFF。但是，单独运行命令会将其打开（如预期的那样）：

(myenv) > set FLASK_APP=app.py
(myenv) > set FLASK_ENV=development
(myenv) > flask run

输出

代码

我创建了以下Makefile，但是在运行时，调试模式无法打开：

Makefile

all:
    make env && \
    make debug && \
    flask run

env:
    set FLASK_APP=app.py

debug:
    set FLASK_ENV=development

如何改进Makefile以在调试模式下运行Flask？

注意：instructions vary slightly for each operating system;目前，我正在Windows命令提示符下对此进行测试。

Answer 1

虽然我仍然相信# start_flask.bat :: set environment varibles (app and debug mode) set FLASK_APP=app.py set FLASK_ENV=development flask run pause 是在其他系统上更通用的方法，但我还是同意@ user657267的建议，以便在Windows上使用批处理文件：

代码

> start_flask.bat

演示

set FLASK_APP=app.py

set FLASK_ENV=development

flask run
 * Serving Flask app "app.py" (lazy loading)
 * Environment: development
 * Debug mode: on
 * Restarting with stat
 * Debugger is active!
 * ...
 * Running on http://127.0.0.1:5000/ (Press CTRL+C to quit)

输出

{{1}}

我愿意接受另一种解决方案。

Answer 2

将所有内容放在没有export关键字的一行中。

debug:
    FLASK_APP=app.py FLASK_ENV=development flask run

按照flask docs。