Question

我有以下超类，T应该是API返回的类型

export class Command<T> {

}

这是一个扩展命令的登录命令：

export class LoginCommand extends Command<LoginResult> {
    username: string;
    password: string;
}

返回对象：

export class LoginResult {
    success: boolean;
    token: string;
}

调用方法时：

public call<R>(command: model.command.Command<R>): R {
    return null as R; // code omitted
}

使用以下参数：

const cmd = new LoginCommand();
const success = this.call(cmd).success;

它会产生错误： [ts]类型“{}”上不存在属性“成功”

问题1 ：如何修改方法签名以正确推断来自Command的R作为返回类型？我也尝试了以下语法，结果相同：

    public call<T extends Command<R>, R>(command: T): R

问题2 ：为什么ask方法接受不扩展Command的参数？传入一个字符串不会产生任何错误。

Answer 1

最后一个问题是最容易回答的问题，你的Command基类没有属性或方法，因此任何类型都将在结构上等同于它，包括字符串。

问题的另一部分更难，如果从泛型类型传递派生类型，编译器将不会向下钻取以推断泛型参数。

您可以执行以下操作之一：

向with班级添加Command操作

export class Command<T> {
    private something: "";
    with(fn: (cmd: Command<T>) => T) : T{
        return fn(this);
    }
}

//Usage:
public call<R>(command: Command<R>): R {
    return null as R; // code omitted
}

public doStuff() {
    const cmd = new LoginCommand();
    const success = cmd.with(this.call).success; // Works
}

向基类添加一个简单的强制转换方法

export class Command<T> {
    private something: "";
    asCmd(): Command<T> { return this;}
}

public doStuff() {
    const cmd = new LoginCommand();
    const success = this.call(cmd.asCmd()).success;
}

如何推断绑定到typescript方法中参数化类的泛型参数的泛型返回类型？

1 个答案: