Question

我上传的html页面只有两件事：文件打开按钮和提交。获取打开的对话框没问题，但是在用户单击“确定”后，我在哪里可以找到路径字符串？

</td>
 <td style="width: 109.8pt; padding: .75pt .75pt .75pt .75pt" width="146">
 <input id="file" name="file" type="file">
 <p class="MsoNormal">&nbsp;</p>
 </td>

下面的php文件是附带开发工具，还是默认Windows javaScrpt的一部分？

行动= “upload.php的”

Answer 1

Pekka是正确的，这与asp.net或javascript无关。当您提交文件上传（无论是在asp.net应用程序还是php）时，会有一些标准的响应信息，其中一些将是所选文件的详细信息（文件名等）。

快速谷歌搜索带来了几个开源PHP上传实用程序，以及文件上传DOM引用，例如：

http://sourceforge.net/projects/uploadtool/
http://www.tizag.com/phpT/fileupload.php
http://www.w3schools.com/php/php_file_upload.asp

我建议您编辑问题以排除asp.net标记并将其替换为PHP。这样，更多的PHP开发人员会看到你的问题。

Answer 2

请尝试以下代码

你必须制作一个＆＃34;图像＆＃34;当前目录中的文件夹并生成两个文件： 1：Index.php 2：upload.php

您还可以在成功中获取图像名称，该名称可用于在数据库中保存图像名称。

1：Index.php

<html>
 <head>
    <title>
    </title>
     <script type="text/javascript" src="https://cdnjs.cloudflare.com/ajax/libs/jquery/3.2.1/jquery.min.js"></script>
    <script type="text/javascript" >
        var imgName = "";
        $(function () {
            $('form').on('submit', function (e) {
                e.preventDefault();
                    $.ajax({
                        url: "upload.php",
                        type: "POST" ,
                        data: new FormData(this),
                        contentType: false,
                        cache: false,
                        processData: false,
                        success: function (data) {
                            data = JSON.parse(data);
                            imgName = data.path;
                            var pic = imgName;

                        },
                        error: function () {}
                    });
            });
        });
    </script>
 </head>
 <body>
    <form enctype="multipart/form-data">
        <input type="file" name="pic" id="pic">
        <br>
         <input name="submit" type="submit" value="Submit">
    </form>
 </body>
 </html>

2：Upload.php

<?php

if (is_array($_FILES)) {
    if (is_uploaded_file($_FILES['pic']['tmp_name'])) {
        $sourcePath = $_FILES['pic']['tmp_name'];
        $targetPath = "./images/" .time(). $_FILES['pic']['name'];
        if (move_uploaded_file($sourcePath, $targetPath)) {
            $imgPath['path']=$targetPath;
            echo json_encode($imgPath);
        }
    }
}

用于上传的AJAX代码

2 个答案: