Question

我试图让它返回变量代码或在查询返回空时显示消息。请帮我解决这个问题，因为这只显示代码但不显示错误消息，如果为空白。

/Auth/Forbidden

Answer 1

使用mysqli_num_rows()计算返回的内容。

 $returnquery = mysqli_query($con,"select coupon_id, code, discount  from   
 oc_coupon where coupon_id = '$code' ");
 $row_cnt = mysqli_num_rows($returnquery); 
 if($row_cnt > 0) {
     while ($show = mysqli_fetch_array($returnquery)) {
        echo "variable is set to  $show['code']"; // quote the identifier
     } 
 } else {
     echo "variable is not set";
 }

警告！

Little Bobby说 your script is at risk for SQL Injection Attacks. 了解prepared的MySQLi语句。即使escaping the string也不安全！

Answer 2

这样做

$i=0;
while ($show = mysqli_fetch_array($returnquery)) {
 echo "variable is set to  $show[code]";
$i++;
 }  

if ( $i==0) echo "variable is not set";

//或者正如评论中指出的那样，更“正确”的解决方案是

if($prodquery->num_rows === 0)
    {
        echo 'No results';
    } else {
    while ($show = mysqli_fetch_array($returnquery)) {
     echo "variable is set to  $show[code]";
     } 
}

Answer 3

while ($show = mysqli_fetch_array($returnquery)) {
    if(mysqli_num_rows($show)) {

       echo "variable is set to  $show[code]";

     } else {
       echo "variable is not set";
     }  
}

Answer 4

除了任何其他问题之外，让我简单解释一下您的主要逻辑错误。

这只显示代码，但不显示错误消息，如果空白

这是因为您正在使用if(isset($show))在代码部分中显示错误消息，如果 isset($show) 评估为true，无法访问

如果您迭代了所有查询结果，或者没有要迭代的结果，则mysqli_fetch_array($returnquery)将返回null。当发生这种情况时，它不再满足你的while循环的延续条件（null计算为false），因此循环的内容将不会被执行，并且你的代码将在循环之后继续。

有各种方法可以修复它。一种方法是在while循环中设置一个变量，然后检查它是否显示任何结果。

while ($show = mysqli_fetch_array($returnquery)) { echo "variable is set to $show[code]"; $has_results = true; } if (!isset($has_results)) { echo "variable is not set"; }

如果结果为空，如何返回无记录的消息？

4 个答案:

警告！