未捕获的SyntaxError：无效或意外的令牌

Question

这是我的代码：

<script type="text/javascript">

var logged      =  "<?php echo $_SESSION['LoginValidation'] ?>"; // check loging or not for voting, favoriting and ...

$(document).ready(function(e) {

$(document).scroll(function () {
         var y = $(this).scrollTop();

        if (y > 37) {
            $("#header").addClass("header_shadow");
              }

        else
             $("#header").removeClass("header_shadow");
        });

});

</script>

它抛出了这个错误：

图像似乎我在行尾没有分号，但正如你在代码中看到的那样，我已经写过了。

那么问题是什么？我该如何解决？

Answer 1

错误显示＆＃34;未定义索引：LoginValidation＆＃34;，因此您需要在引用它之前确保它存在。我不知道您打算如何使用代码，但您可以执行以下操作：

var logged =  "<?php echo isset($_SESSION['LoginValidation']) 
                     ? $_SESSION['LoginValidation'] 
                     : ''; ?>";

如果它存在，这将使用$_SESSION['LoginValidation']的值，否则它将设置一个空字符串（＆＃34;＆＃34;）。

Answer 2

您在 php tag echo语句中缺少分号。

var logged= "<?php echo $_SESSION['LoginValidation'] ?>"

只需更改

var logged= "<?php echo $_SESSION['LoginValidation']; ?>"

<强>解决

首先检查会话是否具有值

var logged= "<?php echo (isset($_SESSION['LoginValidation'])?$_SESSION['LoginValidation']:''); ?>"

它适用于你。

Answer 3

如果$_SESSION['LoginValidation']并非总是存在，则您需要至少返回null或其他内容以分配给logged。

幸运的是，如果你使用json_encode()正确输出这个变量（这使它与JSON兼容），这会自动发生！

var logged = <?php echo json_encode($_SESSION['LoginValidation']) ?>;

如果那个变量不存在，我会留给你决定你想要处理的方式。你真的应该测试它（isset()，!empty()等），这样你就不会在日志中结束警告。 （另外，关闭输出中的警告和错误输出...转而将它们转储到日志中。）