Question

这是我的代码：

function phpwtf(string $s) {
    echo "$s\n";
}
phpwtf("Type hinting is da bomb");

导致此错误：

捕获致命错误：传递给phpwtf（）的参数1必须是字符串的实例，给定字符串

看到PHP在同一口气中识别并拒绝所需的类型，不仅仅是一点Orwellian。 有五盏灯，该死的。

PHP中字符串的类型提示相当于什么？奖励考虑答案，准确解释这里发生了什么。

Answer 1

在PHP 7之前type hinting只能用于强制对象和数组的类型。标量类型不是类型可约束的。在这种情况下，期望类string的对象，但是你给它一个（标量）string。错误消息可能很有趣，但它不应该开始工作。鉴于动态类型系统，这实际上会产生某种变态感。

您只能手动“输入提示”标量类型：

function foo($string) {
    if (!is_string($string)) {
        trigger_error('No, you fool!');
        return;
    }
    ...
}

Answer 2

来自PHP's manual：

类型提示只能是对象和数组（自PHP 5.1以来）类型。不支持使用int和string的传统类型提示。

所以你拥有它。错误信息实际上没有用，我告诉你。

2017年编辑

PHP7引入了更多的函数数据类型声明，上述链接已移至Function arguments : Type declarations。从该页面：

有效类型


类/接口名称：参数必须是给定类或接口名称的实例。（自PHP 5.0.0起）

self ：参数必须是与定义方法的类相同的实例。这只能用于类和实例方法。（自PHP 5.0.0起）

数组：参数必须是数组。（自PHP 5.1.0起）   callable参数必须是有效的可调用对象。 PHP 5.4.0

bool ：参数必须是布尔值。（自PHP 7.0.0起）

float ：参数必须是浮点数。（自PHP 7.0.0起）

int ：参数必须是整数。（自PHP 7.0.0起）

string ：参数必须是字符串。（自PHP 7.0.0起）

iterable ：参数必须是数组或Traversable的instanceof。（自PHP 7.1.0起）


警告

不支持上述标量类型的别名。相反，它们被视为类或接口名称。例如，使用boolean作为参数或返回类型将需要一个参数或返回值，该值是类或接口boolean的实例，而不是bool类型：
<?php
   function test(boolean $param) {}
   test(true);
 ?>
以上示例将输出：
 Fatal error: Uncaught TypeError: Argument 1 passed to test() must be an instance of boolean, boolean given, called in - on line 1 and defined in -:1

最后一个警告对于理解错误“参数必须是字符串类型，字符串给出”实际上很重要;由于大多数只允许类/接口名称作为参数类型，PHP试图找到一个类名“string”，但找不到任何因为它是一个基本类型，因此失败了这个尴尬的错误。

Answer 3

PHP允许“提示”提供指定对象的类。根据PHP手册，“类型提示只能是对象和数组（自PHP 5.1以来）类型。不支持使用int和string的传统类型提示。”错误令人困惑，因为您选择“字符串” - 将“myClass”放在其位置并且错误将以不同方式读取：“传递给phpwtf（）的参数1必须是myClass的实例，字符串给出”

Answer 4

正如其他人已经说过的，类型提示目前仅适用于对象类型。但我认为您触发的特定错误可能是准备即将发生的字符串类型SplString。

理论上它的行为类似于字符串，但由于它是一个对象，因此会传递对象类型验证。不幸的是，它还没有在PHP 5.3中，可能会在5.4中出现，所以没有对此进行测试。

Answer 5

从PHP 7.0开始，类型声明允许标量类型，因此现在可以使用这些类型：self，array，callable，bool，float， int，string。前三个在PHP 5中可用，但最后四个在PHP 7中是新的。如果您使用其他任何内容（例如integer或boolean）将被解释为类名。

See the PHP manual for more information

Answer 6

从Laravel Controller调用函数到PHP文件时出现此错误。

几个小时后，我发现了问题：我在静态函数中使用 $ this 。

Answer 7

^{（最初由leepowers在他的问题中发布）}

错误信息令人困惑，其中一个重要原因是：

原始类型名称未在PHP中保留

以下是所有有效的类声明：

class string { }
class int { }
class float { }
class double { }

我的错误在于认为错误消息仅指字符串基元类型 - 单词'instance'应该让我暂停。举例说明：

class string { }
$n = 1234;
$s1 = (string)$n;
$s2 = new string();
$a = array('no', 'yes');
printf("\$s1 - primitive string? %s - string instance? %s\n",
        $a[is_string($s1)], $a[is_a($s1, 'string')]);
printf("\$s2 - primitive string? %s - string instance? %s\n",
        $a[is_string($s2)], $a[is_a($s2, 'string')]);

输出：

$ s1 - 原始字符串？是的 - 字符串实例？无

$ s2 - 原始字符串？没有 - 字符串实例？是

在PHP中，string可能是string，除非它实际上是string。与任何使用隐式类型转换的语言一样，上下文就是一切。

Answer 8

我认为对内部块上的php进行类型转换，PHP上的字符串不是我所知道的对象：

<?php
function phpwtf($s) {
    $s = (string) $s;
    echo "$s\n";
}
phpwtf("Type hinting is da bomb");

Answer 9

也许不安全而且漂亮，但如果你必须：

class string
{
    private $Text;
    public function __construct($value)
    {
        $this->Text = $value;
    }

    public function __toString()
    {
        return $this->Text;
    }
}

function Test123(string $s)
{
    echo $s;
}

Test123(new string("Testing"));

如何在PHP 7之前解决“必须是字符串的实例，字符串给定”？

9 个答案:

2017年编辑

有效类型

警告

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