Question

我目前正在编写一个脚本来捕获按Print Screen的用户，当它完成时，它将提交以下信息：

MEMBER_ID，NAME，IP，DATE，URL

我还希望它上传他们筛选的内容并将其上传到imgur，并在数据库中也有链接。

我目前正在编写脚本，这是我到目前为止所做的。

有谁可以帮我完成这个或指出我正确的方向：）

<script>
var afterPrint = function() {
     // Get member ID
                $ips_username = $this->request['ips_username'];
                $this->DB->build(array(
                    'select' => 'member_id',
                    'from'   => 'members',
                    'where'  => 'name = "' . $ips_username . '"'
                ));
                $this->DB->execute();
                $row = $this->DB->fetch();
                $member_id = $row['member_id'];

                // Get IP
                $ip = '';
                if (getenv('HTTP_CLIENT_IP'))
                   // $ip = getenv('HTTP_CLIENT_IP');
                //else if(getenv('HTTP_X_FORWARDED_FOR'))
                    $ip = getenv('HTTP_CF_CONNECTING_IP');
                else if(getenv('HTTP_CF_CONNECTING_IP'))
                    $ip = getenv('HTTP_CF_CONNECTING_IP');
                else if(getenv('HTTP_X_FORWARDED'))
                    $ip = getenv('HTTP_X_FORWARDED');
                else if(getenv('HTTP_FORWARDED_FOR'))
                    $ip = getenv('HTTP_FORWARDED_FOR');
                else if(getenv('HTTP_FORWARDED'))
                   $ip = getenv('HTTP_FORWARDED');
                else if(getenv('REMOTE_ADDR'))
                    $ip = getenv('REMOTE_ADDR');
                else
                    $ip = 'UNKNOWN';       

                // Connect to logs database
                $conn = mysqli_connect("localhost","","","");

                if (mysqli_num_rows($result) == 0) {
                    // New IP for member ID, insert new row
                    // Get current forum display name
                $this->DB->build(array(
                    'select' => 'members_display_name',
                    'from'   => 'members',
                    'where'  => 'member_id = ' . $member_id . ''
                ));
                $this->DB->execute();
                $row = $this->DB->fetch();
                $current_name = $row['members_display_name'];

                    mysqli_query($conn, 'insert into screenshot_logs(MEMBER_ID,NAME,IP,DATE,URL)
                   values(
                       ' . $member_id . ',
                       "' . $current_name . '",
                       "' . $ip . '",
                       NOW(),
                   );');
                } 

                //End screenshot tracking
};

Answer 1

您的代码无效，因为它既不是有效的JavaScript，也不是有效的PHP。您从<script>标记和JavaScript变量声明var afterPrint开始，但是您可以使用PHP代码进行操作。

有谁可以帮我完成这个或指出我的权利方向：）

PHP和JavaScript不在相同的上下文中运行。 PHP在服务器上运行，不知道浏览器上发生了什么。如果存在问题的良好解决方案，则会遵循以下设计模式：

在JS中，您为screenshot事件
用户截取屏幕截图
你的听众被触发;它收集有关浏览器上下文的信息（用户信息，屏幕截图）并将其提交给PHP脚本。
在PHP中，您记录了数据库中提交的IP地址，日期和信息

我认为问题在于，首先可靠地检测屏幕截图非常困难。当浏览器不在焦点时，它可以由与浏览器完全分离的应用程序进行。在这种情况下，浏览器不知道截图已被拍摄，您的应用程序也不会。

甚至可以使用指向计算机屏幕的相机拍摄屏幕截图。阻止用户保存她在浏览器中看到的内容无法在浏览器中完成。我想你应退后一步问自己：为什么我这样做？我最终想要实现的目标是什么？另一种解决方案可能会出现。

捕获按Print Screen并提交用户IP，论坛名称，成员ID和URL的用户

1 个答案: