Question

当我在数据库表网站中添加或编辑条目时，我会加载要修改的网站实例（或用于创建网站的空白实例）。这很好用，这是我的控制器：

<?php namespace App\Http\Controllers\Admin;

use App\Http\Controllers\Controller;
use Illuminate\Support\Facades\Request;
use App\Models\User;
use App\Models\Status;
use App\Models\Website;

class WebsitesController extends Controller {

    /**
     * Show / Process the create website form to the user.
     *
     * @return Response
     */
    public function create()
    {
        $statuses = Status::all();
        $users = User::all();
        $website = Website::find(0);
        return view('admin/websites/create', [
            'statuses' => $statuses,
            'users' => $users,
            'website' => $website
        ]);
    }

    public function update($id)
    {
        $statuses = Status::all();
        $users = User::all();
        $website = Website::findOrFail($id);
        return view('admin/websites/update', [
            'statuses' => $statuses,
            'users' => $users,
            'website' => $website
        ]);
    }

}

问题是我提交表单时出错了。用户返回到页面并显示错误。我还传回用户输入，以便我可以用他们输入的内容重新填充表单。但是如果在没有实际保存到数据库的情况下，如何使用输入中的值替换网站中的值？我一整天都在玩这个，但找不到合适的解决方案。

我的创建方法是：

public function postCreate(Request $request)
{
    $v = Validator::make($request->all(), Website::rules());
    if ($v->fails())
    {
        return redirect()->back()->withInput()->withErrors($v);
    }
    $website = Website::create($request->all());
    return redirect()->action('Admin\HomeController@index')->with('messages', [['text' => 'Website created', 'class' => 'alert-success']]);
}

我将输入传递回原始表单，但表单从网站Eloquent模型中填充其值。 **如何将$request->all()的输入转换为$website？

我已尝试使用fill()，但在创建函数中使用它时我得到Call to a member function fill() on null。

Answer 1

create方法尝试将记录插入数据库，如果成功则返回模型的实例。如果将create()与无效值一起使用，则插入将失败。我认为这就是为什么有一个null而不是模型的实例，这会导致你的错误：

调用null
上的成员函数fill（）

而不是使用create()您可以使用

创建没有数据库插入的网站模型

$website = new Website;
$website->fill($request->all());

在运行验证之前。如果验证通过，那么您可以使用$website->save();插入数据库，否则它将不会尝试保存，但该模型应该可供您在表单中使用。

您是否可以使用Laravel 5填充Eloquent模型而无需在数据库中创建条目

1 个答案: