Question

我有一个配置文件，包含在网站的每个部分。它看起来或多或少像这样（我删除了很多不必要的行代表）：

//Company info
define("COMPANY_NAME", "Test Company");
define("COMPANY_EMAIL", "email@company.com");
define("META_KEYWORDS", "");
define("META_DESCRIPTION", "");

//**********************************************************************
//Remember to change this when working Local or on the Production Server
define("DB_SERVER", "127.0.0.1"); 
define("DB_USER", "root");
define("DB_PASSWORD", "");
define("DB_SELECTED_DB", "adminpanel");

此config.php文件的其中一行包含：

$_ITEM_TYPES = array(
    1=>"admin",
    2=>"page",
    3=>"repository"
);

我在包含此config.php的文件中工作，我可以使用像COMPANY_NAME，COMPANY_EMAIL这样的常量......但是当我要使用$ _ITEM_TYPES数组时，它抛出一个未定义的变量错误：/

我已经使用了函数get_included_files()，确实包含了文件！我不知道为什么我不能使用这个阵列。

PHP文件 menu.php

include_once("../config.php");

echo COMPANY_NAME;
//Echoes the value correctly

var_dump($_ITEM_TYPES);
//Throws error

有什么想法吗？先谢谢大家。

Answer 1

我要在黑暗中拍摄。我99％确定您的问题的原因是您在其他地方包含此文件。通过使用include_once，它将不再包含该文件，因为它已包含在先前，但是在另一个范围内导致未定义的变量错误。

如果您希望该配置数组在全球范围内可用，则可以使用$GLOBALS，但这是不好的做法。

PHP - 包含变量的文件但在实现时显示UNDEFINED VARIABLE错误

1 个答案: