Question

让我描述一下我的情况如下：我创建了我的spring-mvc webapplication，其结构如下：

-Trainingapp
    -Java Resources
        -src/test/java
        -src/test/resources
        -src/main/java
            -com.example.controller
            -com.example.dao
                -ReadAttributesService.java
            -com.example.ctx
                -AppContext.java
            -com.example.pojos
        -src/main/resources
            -META-INF
                -applicationContext.xml
            settings.xml

ReadAttributesService的构造函数使用filePath参数从settings.xml解析为XMLBeans。我希望应用程序创建一个ReadAttributesService bean，所以我把它放到我的applicationContext.xml文件

<!-- ReadAttributesService bean -->
<bean id="readAttributesService" class="com.example.dao.ReadAttributesService">
    <constructor-arg name="filePath" value="src/main/resources/settings.xml" />
</bean>

好的，无论我给applicationContext的filePath的值是什么，都不会起作用，至少我已经完成了。最后，我想创建一个新的settings.xml的FileInputStream，但我还没有找到任何方法来实现这一点。

所以说这很简单，我想问一下如何在spring-mvc webapplication中创建一个FileInputStream或类似于settings.xml的AbsolutePath？先谢谢你，任何帮助都非常适合。

Answer 1

如果您只需要InputStream（而不是FileInputStream），由于settings.xml应该在您的类路径上，我会尝试使用Spring Resources。您的XML bean声明应如下所示：

<!-- ReadAttributesService bean -->
<bean id="readAttributesService" class="com.example.dao.ReadAttributesService">
   <constructor-arg name="settings" value="settings.xml" />
</bean>

使用ReadAttributesService的构造函数arg：

public class ReadAttributesService {

    public ReadAttributesService(org.springframework.core.io.Resource settings){
        ...
    }
    ...
}

Spring会自动将settings.xml字符串转换为Resource（实际上是ClassPathResource）。

从那里你应该能够在该资源上调用getInputStream()方法。

如果你确实需要FileInputStream，那就太棘手了。

获取xml文件的工作路径

1 个答案: