Question

..将以另一种方式尝试..

链接到另一个页面对我来说并不是很有用..我已经查看了大部分内容，但无法根据我的需要调整它们。

我不熟悉ajax或jQuery。

我真的可以使用一些帮助来详细解释这个特定问题的代码示例。提前谢谢..

我有这段代码叫做：JSON_generator.php

<?php
require_once 'EasyWebFetch.php';

$callback = isset($_GET['callback']) ? $_GET['callback'] : 'mymap.weatherhandler';
$station = isset($_GET['rid']) ? $_GET['rid'] : 'FWS';
$product = isset($_GET['product']) ? $_GET['product'] : 'NCR';
$nframes =  isset($_GET['frames']) ? $_GET['frames'] : 10;

if (strlen($product) != 3 || strlen($station) != 3) { exit; }

// fetch directory listing
$wf = new EasyWebFetch;
if (!$wf->get("http://radar.weather.gov/ridge/RadarImg/$product/$station/")) {
  print $wf->getErrorMessage();
  exit;
}
$page = $wf->getContents();
// echo $page."\n\n";

$size = preg_match_all( "/href=\"({$station}[\d_]+{$product}\.gif)\"/" , $page, $match);
$files = $match[1];

$nframes = min(count($files), $nframes);
$files = array_slice($files, -$nframes);

echo $callback."\n(\n{\ndirectory:\n[\n";
for ($i=0; $i < $nframes; $i++) {
  echo "\"ridge/RadarImg/$product/$station/$files[$i]\",\n";

}
echo "]\n}\n)\n;"

?>

从命令行调用时......

http://example.com/mypath/JSON_generator.php?&?callback=CallBack&product=NCR&rid=JAX&frames=5

但我真正需要的是拥有那些.gif路径/文件/名称＆＃34;可用＆＃34;从一开始调用php的javascript函数。**它们需要作为数组中的项目访问。

我无法弄清楚要执行此操作的javascript函数调用..

......这样的事情，但显然不是这个......

function Feed (whichproduct, whichsite) {
 var filelist = [];
 var siteimages = filelist("http://example.com/mypath/JSON_generator.php?&product=whichproduct&rid=whichsite&frames=5");
..then..
//alert (filelist [1]); .. should return something like  "ridge/RadarImg/NCR/JAX/JAX_20130128_2354_NCR.gif"
}

显然，我是初学者，所以完整的答案对我来说比对代码片段更有价值。

底线：

我需要一个javascript函数，它可以从php脚本中提取每个.gif名称并将它们带回到javascript＆＃34; var＆＃34;我可以在html文件的其他地方使用。

谢谢，丹尼斯

编辑..编辑删除..想出来..

Answer 1

我最初会使用jQuery回答，因为这会让事情变得非常简单，但我会在稍后使用vanilla Javascript实现更新。

在Feed函数中，使用jQuery方便的$.ajax方法进行AJAX调用。

function Feed (whichproduct, whichsite) {
    $.ajax({
        "url": "http://mysite.com/mypath/JSON_generator.php?&product=whichproduct&rid=whichsite&frames=5"
        "type": "GET",
        "dataType": "json",
        "success": function( data, status, xhr ){
            alert( data[1] );
        }
    });
}

在PHP中，在格式良好的PHP数组上使用json_encode（只需推送到array()，而不是直接回显网址和逗号等。）

最后，print json_encode( $yourArray )。

Vanilla Javascript更新：

我不会在这里复制（广泛的）javascript，而只是链接到一个不错的SO answer by @Richard H。希望如果您不使用jQuery会有所帮助！

Answer 2

json_encode($array);是要走的路。 json_encode函数为您编写JSON对象以将其传递给Javascript。

然后在Javascript中你可以安装（如果你还没有使用它）jQuery并用jQuery.parseJSON()解析JSON字符串，它返回一个可以使用的javascript对象。

Answer 3

为了补充已经发布的答案，这里有两个问题：

你的回答不是JSON，而是JSONP - 一定要这样对待它。 JSON看起来像这样：{ ... }，模仿JSON的数据结构，并且用于解析; JSONP有一个函数调用，用于执行：callback({ ... })。
AJAX代表异步JavaScript和XML。并非所有部分的首字母缩略词仍然相关，但异步性非常大。这意味着您无法在请求它的同一函数中获得AJAX调用的结果：您需要设置一个回调函数，该函数将在到达时接收结果。

如何将PHP数组返回到调用它的javascript函数

3 个答案:

Vanilla Javascript更新：