如果变量传递给empty（）或isset（），PHP不会发出任何未定义变量的通知

Question

<?php

function myFunction($yesNname) { } 

empty($noName);
print_r($noName);
isset($noName);

myFunction($noName);

输出：

PHP Notice:  Undefined variable: noName ... on line 6 // print_r
PHP Notice:  Undefined variable: noName ... on line 9 // myFunction

未定义的变量用于 empty（）和 isset（）。但PHP没有发布有关它的通知。为什么PHP显示某些功能的歧视？我该如何编写这类函数？

Answer 1

你的意思是：

if(!empty($noName)) {
 // print_r
 // function($noName);
}

Answer 2

isset()和empty()都不是函数。正如手册解释：

  

这是一种语言结构，而不是一种功能

要获得此行为，您需要调整用C编写的PHP源代码。

您可能也可以通过PHP扩展获得此行为，但您还需要在C中编写它并将其安装在您的服务器中。

<强>更新

• Manual page for isset()
• Manual page for empty()
• Guide to the Zend Engine

Answer 3

在功能方面无法做到这一点。如果您只是不想显示错误，可以在调用函数之前先检查变量，或使用error control operator "@"。