我可以用die来填充变量吗？

Question

当我填充变量时，我可以这样做吗？：

$type = isset( $_GET['type'] ) ?  $_GET['type'] : die();

通过这样做，如果'type'不在请求中，我的函数将退出。这是使用die（）的正确方法吗？

Answer 1

如果您只想退出功能，请使用return。但是，它不是表达式，因此您需要将其更改为if语句：

if(!isset($_GET['type'])) {
    return;
}

$type = $_GET['type'];

如果您确实希望整个页面停止执行，那么是的，这是正确的（但为了清晰起见，我仍然会使用if。

Answer 2

是和否。是的，因为你所做的事情在技术上是正确的，并且如果变量不存在则将终止脚本，但如果您想要测试代码，则不应该使用die构造。 PHP是一种面向对象的语言（从版本5开始），并且是一种非常强大的语言。它支持使用您可能希望在此处使用的高级错误处理的异常。

Answer 3

您无法使用die()填充变量。 die()终止您的代码。相反，您可以考虑以下代码：

$type = isset( $_GET['type'] ) ? $_GET['type'] : null;

Answer 4

Ternary Operator Docs说：

$type = isset( $_GET['type'] ) ?  $_GET['type'] : die();

与if / else语句相同：

if ( isset( $_GET['type'] ) )
    $type = $_GET['type'];
else 
    $type = die();

它的工作原理是因为die()将被调用并将停止脚本执行，但这不是一个好习惯。如果$ _GET ['type']不存在，那么你可以选择使用if和else语句，只需调用die()，如下所示。

if ( isset( $_GET['type'] ) )
    $type = $_GET['type'];
else 
    die('type not found');

Answer 5

die（）函数将结束整个PHP进程，而不仅仅是退出你所在的函数。除此之外，代码依赖于PHP有点傻的事实。 die（）严格来说应该是一个无效函数，但是你的调用取决于它返回某些东西 - 它做了什么，但不应该。

你真正想要的是一个简单的 if 声明：

if( ! isset($_GET['type']) )
    return;

$type = $_GET['type'];

另一件事是，如果此代码在函数中，则$ type的值将不会被保留，除非它被声明为全局。