Question

这里我的代码，我需要插入mysql数据库我有mysql，php，android

1）我有问题，我需要一个成功的结果到我的PHP，以便我能够插入使用android.so我的代码为PHP：

2）我正在使用的表有一个外键：Provinces_idProvinces。

 $result = mysql_query("INSERT INTO property( Pname, P_Price,P_Desc,P_City, P_Size,P_Rooms, P_garage, P_Address, P_Long, P_Lat, Provinces_idProvinces)  
VALUES('$_POST[Pname]',$_POST[P_Price],'$_POST[P_Desc]','$_POST[P_City]','$_POST[P_Size]','$_POST[P_Rooms]',$_POST[P_garage],'$_POST[P_Address]',$_POST[P_Long],$_POST[P_Lat],$_POST[Provinces_idProvinces])");

 if ($result) {
        // successfully inserted into database
        $response["success"] = 1;
        $response["message"] = $result ;

        // echoing JSON response
        echo json_encode($response);
    } else {
        // failed to insert row
        $response["success"] = 0;
        $response["message"] = "Oops! An error occurred.";

        echo $response["success"];

        // echoing JSON response
        echo json_encode($response);
    }

我传递参数的类，但它给了我一个错误：

List<NameValuePair> params = new ArrayList<NameValuePair>();
          Log.d("Parameters","1");
          params.add(new BasicNameValuePair("Pname",Pname));
          params.add(new BasicNameValuePair("P_Price",Prices));        
          params.add(new BasicNameValuePair("P_Desc",Desc));
          params.add(new BasicNameValuePair("P_City",city));
          params.add(new BasicNameValuePair("P_Size",Size));
          params.add(new BasicNameValuePair("P_Rooms",bedNumber));
          params.add(new BasicNameValuePair("P_garage",Garnums));
          params.add(new BasicNameValuePair("P_Address",Address));
          params.add(new BasicNameValuePair("P_Long",longertude));
          params.add(new BasicNameValuePair("P_Lat",lattitude));
          params.add(new BasicNameValuePair("Provinces_idProvinces",Provnums));

          Log.d("Json","obj");
       // getting JSON Object
          // Note that create product url accepts POST method

          JSONObject json = jsonParser.makeHttpRequest(save_prop,
                  "POST", params);
          // check log cat fro response
          Log.d("Create Response", json.toString());

我在JSON中收到错误，因为值为0，由php返回， 我不知道如何解决这个问题

这是我的logCat：

06-25 19:36:40.175: E/JSON Parser(2261): Error parsing data org.json.JSONException: Value 0 of type java.lang.Integer cannot be converted to JSONObject
06-25 19:36:40.175: W/dalvikvm(2261): threadid=10: thread exiting with uncaught exception (group=0x40014760)
06-25 19:36:40.236: E/AndroidRuntime(2261): FATAL EXCEPTION: AsyncTask #1
06-25 19:36:40.236: E/AndroidRuntime(2261): java.lang.RuntimeException: An error occured while executing doInBackground()
06-25 19:36:40.236: E/AndroidRuntime(2261):     at android.os.AsyncTask$3.done(AsyncTask.java:266)

Answer 1

 Error parsing data org.json.JSONException: Value 0 of type java.lang.Integer cannot be converted to JSONObject

在代码中的某处，您尝试将整数值转换为JSONObject。

看来这段代码是罪魁祸首

   JSONObject json = jsonParser.makeHttpRequest(save_prop,
                  "POST", params);

确保您的php响应是JSONObject而不是“Integer”。

Answer 2

编辑：只需删除echo $response["success"];。

你不应该像你拥有的那样打印出结果。我假设这是当您使用该请求点击服务器时结果会是什么样的......

0{"results":"..."}

您收到此错误，因为结果（如上所示）在Android端被用作JSON对象。上面的结果不是有效的JSON格式，因此抛出异常。所以我的建议是重做你的PHP以返回看起来像......的结果。

{"success":0,"results":"..."}

Answer 3

我很抱歉我没有回答你的问题，但我注意到了您的PHP代码容易受到SQL注入攻击，因为您没有在SQL查询中转义POST变量。更好的是：你应该使用准备好的声明。

使用android，php，mysql插入数据库

3 个答案: