Question

function showimage($zip_file, $file_name) {
    if (file_exists($zip_file)) {
        $zip = zip_open($zip_file);
        while ($zip_entry = zip_read($zip)) {
            if (zip_entry_open($zip, $zip_entry, "r")) {
                if (zip_entry_name($zip_entry) == $file_name) {
                    $theimg = zip_entry_read($zip_entry, zip_entry_filesize($zip_entry));
                    $theimg = imagecreatefromstring($theimg);
                    if ($theimg !== false) {
                        header('Content-Type: image/jpeg');
                        imagejpeg($theimg);
                        imagedestroy($theimg);
                    }
                    else { echo "Could not create image."; }
                    zip_entry_close($zip_entry);
                }
            }
            else { echo "Could not open."; }
        }
        zip_close($zip);
    }
    else { echo "File not found."; }
}

我正在运行此函数来打开指定的zip文件，然后循环遍历内容以查找指定的文件名，然后从该文件创建图像而无需提取。我有点好奇这个过程是如何系统密集的，如果有一个更整洁/更直接的方式在zip存档中查找文件而不需要循环查看名称是否与给定的文件名匹配。无论如何直接从具有给定名称的zip文件调用文件，假设它存在？

以上代码有效...我想我只是想看看如何做得更好。如果这是有道理的。

Answer 1

ZipArchive有一种获取文件的方法，而不实际搜索它。

function showimage($zip_file, $file_name) {
    $z = new ZipArchive();
    if ($z->open($zip_file) !== true) {
        echo "File not found.";
        return false;
    }

    $stat = $z->statName($file_name);
    $fp   = $z->getStream($file_name);
    if(!$fp) {
        echo "Could not load image.";
        return false;
    }

    header('Content-Type: image/jpeg');
    header('Content-Length: ' . $stat['size']);
    fpassthru($fp);
    return true;
}

Answer 2

如上所述，没有必要使用GD库既不写入文件也不写任何其他内容。只需回显zip_entry_read（）函数的结果并设置Content-Type。你可以使用这样的东西：



    function showimage($zip_file, $file_name) {
        if (file_exists($zip_file)) {
            $zip = zip_open($zip_file);
            while ($zip_entry = zip_read($zip)) {
                if (zip_entry_open($zip, $zip_entry, "r")) {
                    if (zip_entry_name($zip_entry) == $file_name) {
                        $theimg = zip_entry_read($zip_entry, zip_entry_filesize($zip_entry));
                        if ($theimg !== null) {
                            header('Content-Type: image/jpeg');
                            echo $theimg;
                        }
                        else { echo "Could not load image."; }
                        zip_entry_close($zip_entry);
                    }
                }
                else { echo "Could not open."; }
            }
            zip_close($zip);
        }
        else { echo "File not found."; }
    }

我认为不加载GD库应该会提高性能。

使用PHP从ZIP存档中查找和显示图像文件的最简单方法

2 个答案: