Question

目前我有一个非常简单的Gulp构建脚本：

const gulp = require('gulp');
const ts = require('gulp-typescript');
const tsProject = ts.createProject('tsconfig.json');
const del = require('del');
const nodemon = require('gulp-nodemon');

gulp.task('build-clean', function() {
    return del('dist');
});

gulp.task('build', ['build-clean'], function () {
    return gulp.src('src/**/*.ts')
        .pipe(tsProject())
        .pipe(gulp.dest('dist'));
});

gulp.task('start', ['build'], function () {
  nodemon({
    script: 'dist/app.js'
  , ext: 'js html'
  })
})

这会重新加载有关JS或HTML个文件的更改的页面。

这对于开发很有用，但在生产中我想要完全相反。如果我的文件发生变化，那是因为 git 推送到我的服务器。这意味着 Jenkins 将会运行，之后 Jenkins 会将代码推送到我的web文件夹。

如果Jenkins推送代码，我想停止这个 nodemon 服务器，因为将执行一个完全新的gulp-build，包括 Nodemon 服务器。

那么 - 如何在文件更改而不是重新启动后退出 nodemon ？

Answer 1

也许您应该在生产中使用node而不是nodemon

gulp.task('start', ['build'], function () {
  node({
    script: 'dist/app.js'
  , ext: 'js html'
  })
})

Gulp Nodemon - 如何在文件更改时退出Nodemon

1 个答案: