Question

我想映射这种类型的路线：

/images/united-states/san-francisco

在我的routes.php文件中，我写道：

Route::get('/images/{country_slug}/{city_slug}', 'ImageController@listByCountryAndCity');

在我的控制器中：

public function listByCountryAndCity($country, $city)
{
    return Image::where('country', $country)->where('city', $city)->paginate();
}

在比较之前，如何 slug 国家/地区？

我不想添加任何其他名为国家/地区或城市

的表格

Answer 1

你不能，至少不能以任何可靠的方式。

因为标题可以包含不是URL安全的特殊字符，并且如果您使用例如str_slug来生成slug，那么这些特殊字符将被删除，因此您将无法重建标题对于查询条件，因为会丢失字符。

所以唯一的解决方案是在数据库中有一个slug列，这是一个很好的解决方案。如果您认为为slug添加额外的列是多余的，它不是。虽然标题和URL slug是相似的（并且在这种情况下彼此依赖），但它们是两个独立的实体，并且它们只是合乎逻辑地对待它们。

拥有slug列可提供您需要的确切功能，还可以为条目设置任何自定义slug，而不仅仅是从标题生成的。

Answer 2

在像你这样的情况下，我会做这样的路线：

Route::get('/post/{id}-{slug}', 'PostController@show');

在你的控制器中：

public function show($id, $slug)
{
    return Post::find($id);
}

所以slu is仅适用于SEO，你只能使用$id

或者，你可以创建一个范围：

public function scopeFindBySlug($query, $title)
{
    $query->where('slug', '=', str_slug($title));
}

Post::findBySlug($title)->first();

Answer 3

您可以使用laravel函数str_slug($string)中的构建。

但请注意，此功能不会检查slug是否已被占用。它只是将你的字符串转换成一个slug。