Question

我想用load函数发布一些变量。代码就像这样。

var database = "<?php echo $db;?>";
var table = "<?php echo $table;?>";
var formdata = "&dbname="+database+"&tablename="+table;
var track_click = 0; //track user click on "load more" button, righ now it is 0 click
$('#results').load("showdataprocess.php", {'page':track_click , formdata }, function() 
{track_click++;});

并且，它不起作用。知道怎么样？谢谢。

Answer 1

您不能将键/值字符串数据与.load()的对象混合。更改以传递对象中的所有数据。

$('#results').load("showdataprocess.php", {'page':track_click , dbname : database, tablename : table}, function()

可以将字符串作为整个数据传递，但.load()将执行GET请求而不是POST。

Answer 2

我想用加载函数发布一些变量......

是的，你可以这样做。如果您将对象提供给load作为其第二个参数，则load使用HTTP POST而不是HTTP GET。

......它没有用。

如果您查看Web控制台，您会看到指出语法错误的错误

$('#results').load("showdataprocess.php", {'page':track_click , formdata }, function() 
{track_click++;}); //                                                   ^
// Here ----------------------------------------------------------------/

您要么传递字符串，要么传递对象。在您的情况下，最简单的事情（也正确地编码事物）是完全摆脱您的formdata变量并将所有三条信息放在您传递的对象中作为第二个参数：

var database = "<?php echo $db;?>";
var table = "<?php echo $table;?>";
var track_click = 0; //track user click on "load more" button, righ now it is 0 click
$('#results').load("showdataprocess.php", {
    page: track_click,
    dbname: database,
    tablename: table
}, function () {
    track_click++;
});

然后访问$_POST对象上的那些，例如：

$dbname = $_POST["dbname"];

但：除非您有非常非常好的理由，不要将有关您数据库的信息发送到客户端！这暴露了太多的基础设施。保留服务器端的信息，不要将其发送给客户端并让客户端将其发回。

使用javascript加载发布多个变量

2 个答案: