Question

我正在尝试实施求职搜索。结果将在UITableView中显示给用户。当用户点击单元格时，它应该打开原始作业公告。为此，我实现了以下方法：

- (void)tableView:(UITableView *)tableView didSelectRowAtIndexPath:(NSIndexPath *)indexPath{

    NSString *url = [[NSString alloc]init];
    url=[[[xmlParser jobs] objectAtIndex:indexPath.row] urlAddress]; //UrlAddress is an instance variable of type NSString
    NSURL *urlJobDetail = [NSURL URLWithString:(url)];

    [[UIApplication sharedApplication] openURL: urlJobDetail];
}

有趣的是：如果我输入像@“http://www.google.com”或任何其他链接的NSString，它就可以了。但是，当我尝试打开“urlJobDetail”时，它只是不起作用......没有任何事情发生......

我在stackoverflow.com上搜索了它，发现了这个：

url = [url stringByAddingPercentEscapesUsingEncoding:NSUTF8StringEncoding];

比网址有效，但此方法更改了原始网址，并添加了大量％符号，如： “http：//www.google.com%20％20％20” 所以我找不到页面错误。

我不明白为什么这个函数不接受常规的NSString变量？

我用NSLog检查了它，网址似乎完全正常。

任何帮助都会非常多，非常感谢！

提前致谢

Answer 1

因为它是URL specification 相关的限制

必须转义URL中的空格和控制字符以便在HTTP中传输，其他不允许的字符也必须进行传输......必须对URL中不允许的任何字符进行编码，包括空格和不在允许的字符集中的其他二进制数据，使用“％”字符的标准约定，后跟两个十六进制数字。

UIApplication openURL无法打开网址

1 个答案: